CF366D Dima and Trap Graph 题解

题意

给定一张有 nnn 个节点，mmm 条边的无向图（可能有环或重边），对于每个节点 iii，有 lil_ili 和 rir_iri，定义在经过该节点后，只能携带于 lil_ili 和 rir_iri 之间的数。

从编号为 1 的节点出发（初始时携带了所有自然数），到达编号为 nnn 的节点，求最后能携带最多的节点。

若节点数相同，输出字典序小的那一组。

若节点数为 0，输出 Nice work, Dima!。

题解

模拟赛的一道题。

二分 + 图。

二分本质：

在数轴上找到一个临界点，即点的左边都可以满足条件，右边都不可以满足条件（或左边不可以，右边可以）。

在这道题中，r 值是有单调性的。即有一临界点，使得比它小的 r 值无法满足，比它大的 r 值可以满足。

但是，l 不具有单调性。例如，当 l 值为 1 时可以满足，l 值为 5 时可以满足，但是 l 值为 3 时能否满足是无法直接断定的。

所以，r 的值可以通过二分得到，l 的值只能枚举而得。

以上是思路。

但实现的时候我们可以用并查集优化：

我们从小到大枚举 l 的值，在此基础上，我们按 r 的值从大到小枚举每一条边。

保证每一条使用了的边的 ei.le_i.lei.l 的值比当前枚举的 l 的值小。

这里就运用了二分的思想。

每用一条边，就用并查集维护，如果 f1=fnf_1 = f_nf1=fn，就记录答案，最终输出最佳答案即可。

代码

#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;#define rint register int
const int inf = 1e6 + 5, maxn = 1005;
int n, m;
int cnt, hd[maxn];
struct node{int s, t;int l, r;
}e[maxn * 4];
int f[maxn];
int ansl, num;
int recl[maxn * 4];inline int read ()
{int x = 1, s = 0;char ch = getchar ();while (ch < '0' or ch > '9'){if (ch == '-') x = -1; ch = getchar ();}while (ch >= '0' and ch <= '9') s = s * 10 + ch - '0', ch = getchar ();return x * s;
}inline bool cmp (node a, node b)
{return a.r == b.r ? a.l < b.l : a.r > b.r;
}inline void init ()
{for (rint i (1); i <= n; ++i) f[i] = i;
}inline int find (int x)
{return f[x] == x ? x : find (f[x]);
}int main ()
{n = read (), m = read ();for (rint i (1); i <= m; ++i) e[i].s = read (), e[i].t = read (), e[i].l = read (), e[i].r = read (), recl[i] = e[i].l;sort (e + 1, e + m + 1, cmp);sort (recl + 1, recl + m + 1);for (rint i (1); i <= m; ++i){init ();bool flag = 0;int tl = recl[i], tr = inf;for (rint j (1); j <= m; ++j){if (e[j].l > tl) continue;int u = find (e[j].s), v = find (e[j].t);if (u != v){f[u] = v;tr = min (tr, e[j].r);if (find (1) == find (n)) {flag = 1;break;}}}if (flag and num < tr - tl + 1) ansl = tl, num = tr - tl + 1;}if (num == 0){printf ("Nice work, Dima!");return 0;}printf ("%d\n", num);return 0;
}

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