【互联网面试】朋友圈问题
王道面试P231
问题描述:
假如已知有n个人和m对好友关系(存于数字r)。如果两个人是直接或间接的好友(好友的好友的好友...),
则认为他们属于同一个朋友圈,
请写程序求出这n个人里一共有多少个朋友圈。
假如:n = 5, m = 3, r = {{1 , 2} , {2 , 3} ,{4 , 5}},表示有5个人,1和2是好友,2和3是好友,4和5是好友,
则1、2、3属于一个朋友圈,4、5属于另一个朋友圈,结果为2个朋友圈。
最后请分析所写代码的时间、空间复杂度。评分会参考代码的正确性和效率。
小米2013年招聘笔试算法题--朋友圈
- //朋友圈问题
- #include <iostream>
- using namespace std;
- int set[10001];
- //带路径优化的并查集查找算法
- inline int find(int x)
- {
- int i,j,r;
- r = x;
- while(set[r] != r)
- {
- r = set[r];
- }
- i = x;
- while(i != r)
- {
- j = set[i];
- set[i] = r;
- i = j;
- }
- return r;
- }
- //优化的并查集归并算法
- inline void merge(int x, int y)
- {
- int t = find(x);
- int h = find(y);
- if(t < h)
- {
- set[h] = t;
- }
- else
- {
- set[t] = h;
- }
- }
- int friends(int n , int m , int r[][2])
- {
- int i , count;
- //初始化并查集,各点为孤立点,分支数为n
- for(i = 1 ; i <= n ; ++i)
- {
- set[i] = i;
- }
- for(i = 0 ; i < m ; ++i)
- {
- merge(r[i][0] , r[i][1]);
- }
- for(i = 1 ; i <= n ; ++i)
- {
- cout << set[i] <<" ";
- }
- count = 0;
- for(i = 1 ; i <= n ; ++i)
- {
- if(set[i] == i)
- {
- ++count;
- }
- }
- return count;
- }
- void main()
- {
- int n=5;
- int m=3;
- int a[][2]={{1,2},{2,3},{4,5}};
- cout << friends(n,m,a) <<endl;
- }
- http://blog.csdn.net/bxyill/article/details/8965530#comment
- 转载请注明:http://krystism.is-programmer.com/若有错误,请多多指正,谢谢!
题目描述:假如已知有n个人和m对好友关系(存于数字r)。如果两个人是直接或间接的好友(好友的好友的好友...),则认为他们属于同一个朋友圈,请写程序求出这n个人里一共有多少个朋友圈。
假如:n = 5 , m = 3 , r = {{1 , 2} , {2 , 3} , {4 , 5}},表示有5个人,1和2是好友,2和3是好友,4和5是好友,则1、2、3属于一个朋友圈,4、5属于另一个朋友圈,结果为2个朋友圈。 最后请分析所写代码的时间、空间复杂度。评分会参考代码的正确性和效率。
显然本质就是求无向图的连通分量个数。而要求连通分量数,就是遍历图的过程。遍历完所有节点,需要调用遍历几次就是连通分量个数。比如题目中使用DFS,从节点1出发,可以遍历节点2,3,而要遍历完所有节点还需从节点4出发,再遍历一次,共遍历两次,因此连通分量数为2。实现代码如下:
?12345678910111213141516171819202122232425262728293031323334353637383940414243444546474849#include <stdio.h>
#include <stdlib.h>
#include <string.h>
#define N 10000
char
map[N][N];
char
used[N];
void
dfs(
int
i,
int
n)
{
int
j;
used[i] = 1;
for
(j = 1; j <= n; j++) {
if
(map[i][j] && !used[j])
dfs(j, n);
}
}
/* 判断是否存在未访问节点
* 若存在,则返回第一个未访问节点编号
* 若不存在,则返回-1
*/
int
isVisitedAll(
int
n)
{
int
i;
for
(i = 1; i <= n; i++)
if
(used[i] == 0)
return
i;
return
-1;
}
int
main(
int
argc,
char
**argv)
{
int
n, m;
int
a, b, i, sum, cur;
while
(
scanf
(
"%d%d"
, &n, &m) != EOF) {
if
(n == 0)
break
;
memset
(map, 0,
sizeof
(map));
memset
(used, 0,
sizeof
(used));
sum = 0;
for
(i = 0; i < m; i++) {
scanf
(
"%d%d"
, &a, &b);
map[a][b] = map[b][a] = 1;
}
while
((cur = isVisitedAll(n)) != -1) {
sum++;
dfs(cur, n);
}
printf
(
"%d\n"
, sum);
}
return
0;
}
暂且不说时间复杂度吧,空间复杂度就足够吓人了。首先需要一个表示图的01矩阵,大小为O(n * n), 还需要记录是否节点是否已经被访问,需要大小为O(n)的空间。
换一种思路,其实根据题目朋友圈,我们就应该想到每一个圈其实就是一个集合,存在关系的,归为一个集合中,最后即需要求有多少个不相交的集合即有多少个圈子。由此不难想出,这其实就是并查集。不了解并查集可以查看维基百科并查集
想到了并查集,不难写出代码:
?12345678910111213141516171819202122232425262728293031323334353637383940414243444546474849505152535455565758#include <stdio.h>
#include <stdlib.h>
#include <string.h>
#define N 100000
int
father[N];
void
init(
int
n)
{
int
i;
for
(i = 1; i <= n; i++)
father[i] = i;
}
int
getFather(
int
v)
{
if
(father[v] == v)
return
v;
else
{
father[v] = getFather(father[v]);
return
father[v];
}
}
void
merge(
int
x,
int
y)
{
int
fx = getFather(x);
int
fy = getFather(y);
if
(fx < fy)
father[fx] = fy;
else
father[fy] = fx;
}
int
same(
int
x,
int
y)
{
return
getFather(x) == getFather(y);
}
int
main(
int
argc,
char
**argv)
{
int
n, m;
int
a, b;
int
i;
int
sum;
while
(
scanf
(
"%d%d"
, &n, &m) != EOF) {
if
(n == 0)
break
;
init(n);
sum = 0;
for
(i = 1; i <= m; i++) {
scanf
(
"%d%d"
, &a, &b);
merge(a, b);
}
for
(i = 1; i <= n; i++) {
if
(getFather(i) == i)
sum++;
}
printf
(
"%d\n"
, sum);
}
return
0;
}
显然空间大大减少了,只需要O(n)的空间。
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