luoguP4503 [CTSC2014]企鹅QQ hash

既然只有一位的不同，那么我们可以枚举这一位....

我们只需要快速地计算去掉某一位的$hash$值....

由于$hash(S) = \sum s[i] * seed^i$，因此去掉第$i$位的权值只需要用$hash(S) - s[i] * seed^i$

由于字符串两两不相同，因此不存在两个串去掉$i$和去掉$j$仍会保持相似

这样子就可以做到不重的统计

复杂度$O(nL \log n)$

应该是可以用基排优化到$O(nL)$的...

#include <map>
#include <cstdio>
#include <cstring>
#include <algorithm>
using namespace std;#define ll long long
#define ri register int
#define ull unsigned long long
#define rep(io, st, ed) for(ri io = st; io <= ed; io ++)
#define drep(io, ed, st) for(ri io = ed; io >= st; io --)
#define gc getchar
inline int read() {int p = 0; char c = gc();while(c > '9' || c < '0') c = gc();while(c >= '0' && c <= '9') p = p * 10 + c - '0', c = gc();return p;
}const int seed = 19260817;
const int sid = 30050;
const int pid = 205;int n, L, S;
char s[sid][pid];
ull wei[sid], val[sid], q[sid];int main() {n = read(); L = read(); S = read();wei[0] = 1;rep(i, 1, L) wei[i] = wei[i - 1] * seed;rep(i, 1, n) {scanf("%s", s[i] + 1);rep(j, 1, L) val[i] += s[i][j] * wei[j];}ll ans = 0;rep(i, 1, L) {rep(j, 1, n) q[j] = val[j] - s[j][i] * wei[i];sort(q + 1, q + n + 1);for(ri i = 1, j = 1; i <= n; i = j + 1) {j = i;while(q[j + 1] == q[i]) j ++;ans += (j - i + 1) * (j - i) / 2;}}printf("%lld\n", ans);return 0;
}

转载于:https://www.cnblogs.com/reverymoon/p/9951910.html

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