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Description

动物王国中有三类动物A,B,C，这三类动物的食物链构成了有趣的环形。A吃B， B吃C，C吃A。
现有N个动物，以1－N编号。每个动物都是A,B,C中的一种，但是我们并不知道它到底是哪一种。
有人用两种说法对这N个动物所构成的食物链关系进行描述：
第一种说法是”1 X Y”，表示X和Y是同类。
第二种说法是”2 X Y”，表示X吃Y。
此人对N个动物，用上述两种说法，一句接一句地说出K句话，这K句话有的是真的，有的是假的。当一句话满足下列三条之一时，这句话就是假话，否则就是真话。
1） 当前的话与前面的某些真的话冲突，就是假话；
2） 当前的话中X或Y比N大，就是假话；
3） 当前的话表示X吃X，就是假话。
你的任务是根据给定的N（1 <= N <= 50,000）和K句话（0 <= K <= 100,000），输出假话的总数。
Input

第一行是两个整数N和K，以一个空格分隔。
以下K行每行是三个正整数 D，X，Y，两数之间用一个空格隔开，其中D表示说法的种类。
若D=1，则表示X和Y是同类。
若D=2，则表示X吃Y。
Output

只有一个整数，表示假话的数目。
Sample Input

100 7
1 101 1
2 1 2
2 2 3
2 3 3
1 1 3
2 3 1
1 5 5
Sample Output

3
Source

【题解】

哎。网上有牛人写了很完整的题解。
我复制一下。

    Part I  - 权值(relation)的确定。 我们根据题意，森林中有3种动物。A吃B，B吃C，C吃A。 我们还要使用并查集，那么，我们就以动物之间的关系来作为并查集每个节点的 权值。 注意，我们不知道所给的动物（题目说了，输入只给编号）所属的种类。 所以，我们可以用动物之间“相对”的关系来确定一个并查集。 0 - 这个节点与它的父节点是同类 1 - 这个节点被它的父节点吃 2 - 这个节点吃它的父节点。 注意，这个0,1,2所代表的意义不是随便制定的，我们看题目中的要求。 说话的时候，第一个数字（下文中，设为d）指定了后面两种动物的关系： 1 - X与Y同类 2 - X吃Y 我们注意到，当 d = 1的时候，( d - 1 ) = 0，也就是我们制定的意义 当 d = 2的时候，( d - 1 ) = 1，代表Y被X吃，也是我们指定的意义。 所以，这个0,1,2不是随便选的 Part II - 路径压缩，以及节点间关系确定 确定了权值之后，我们要确定有关的操作。 我们把所有的动物全初始化。 struct Animal { int num; //该节点（node）的编号 int parent; //该node的父亲 int relation; //该node与父节点的关系，0同类，1被父节点吃，2吃父节点 }; Animal ani[50010]; 初始化为 For i = 0 to N do ani[i].num = i; ani[i].parent = i; ani[i].relation = 0 ; //自己和自己是同类 End For (1)路径压缩时的节点算法 我们设A,B,C动物集合如下：（为了以后便于举例） A = { 1 , 2 , 3 ,4 ,5 } B = { 6 , 7 , 8 ,9 ,10} C = { 11, 12, 13,14,15} 假如我们已经有了一个集合，分别有3个元素 SET1 = {1,2}，我们规定集合中第一个元素为并查集的“代表” 假如现在有语句： 2 2 6 这是一句真话 2是6的父亲 ani[6].parent = 2; ani[6].relation = 1; 那么，6和1的关系如何呢？ ani[2].parent = 1; ani[2].relation = 0; 我们可以发现6与2的关系是 1. 通过穷举我们可以发现 ani[now].parent = ani[ani[now].parent].parent; ani[now].relation = ( ani[now].relation + ani[now.parent].relation ) % 3; 这个路径压缩算法是正确的 关于这个路径压缩算法，还有一点需要注意的地方，我们一会再谈 注意，根据当前节点的relation和当前节点父节点的relation推出 当前节点与其父节点的父节点的relation这个公式十分重要！！ 它推不出来下面都理解不了！！自己用穷举法推一下： 好吧，为了方便伸手党，我给出穷举过程 i      j 爷爷  父亲  儿子  儿子与爷爷 0      0       (i + j)%3 = 0 0      1       (i + j)%3 = 1 0      2       (i + j)%3 = 2 1      0       (i + j)%3 = 1 1      1       (i + j)%3 = 2 1      2       (i + j)%3 = 0 2      0       (i + j)%3 = 2 2      1       (i + j)%3 = 0 2      2       (i + j)%3 = 1 嗯，这样可以看到，( 儿子relation + 父亲relation ) % 3 = 儿子对爷爷的relation 这就是路径压缩的节点算法 (2) 集合间关系的确定 在初始化的时候，我们看到，每个集合都是一个元素，就是他本身。 这时候，每个集合都是自洽的（集合中每个元素都不违反题目的规定） 注意，我们使用并查集的目的就是尽量的把路径压缩，使之高度尽量矮 假设我们已经有一个集合 set1 = {1,2,7,10} set2 = {11,4,8,13},每个编号所属的物种见上文 set3 = {12,5,4,9} 现在有一句话 2 13 2 这是一句真话,X = 13,Y = 2 我们要把这两个集合合并成一个集合。 直接 int a = findParent(ani[X]); int b = findParent(ani[Y]); ani[b].parent = a; 就是把Y所在集合的根节点的父亲设置成X所在集合的根节点。 但是，但是！！！！ Y所在集合的根结点与X所在集合的根节点的关系！！！要怎么确定呢？ 我们设X,Y集合都是路径压缩过的，高度只有2层 我们先给出计算的公式 ani[b].relation = ( 3 - ani[Y].relation + ( d - 1 ) + ani[X].relation) % 3; 这个公式，是分三部分，这么推出来的 第一部分，好理解的一部分： ( d - 1 ) :这是X和Y之间的relation，X是Y的父节点时，Y的relation就是这个 3 - ani[Y].relation = 根据Y与根节点的关系，逆推根节点与Y的关系 这部分也是穷举法推出来的，我们举例： j 子         父相对于子的relation（即假如子是父的父节点，那么父的relation应该是什么，因为父现在是根节点，所以父.relation = 0，我们只能根据父的子节点反推子跟父节点的关系） 0             ( 3 - 0 ) % 3 = 0 1（父吃子）   ( 3 - 1 ) % 3 = 2 //父吃子 2（子吃父)    ( 3 - 2 ) % 3 = 1 //子吃父，一样的哦亲 —————————————————————————————————————————————————————— 我们的过程是这样的： 把ani[Y]，先连接到ani[X]上，再把ani[Y]的根节点移动到ani[X]上，最后，把ani[Y]的根节点移动到ani[X]的根节点上，这样算relation的 还记得么，如果我们有一个集合，压缩路径的时候父子关系是这么确定的 ani[爷爷].relation = ( ani[父亲].relation + ani[儿子].relation ) % 3 我们已知道,( d - 1 )就是X与Y的relation了 而 (3 - ani[Y].relation)就是 以Y为根节点时，他的父亲的relation 那么 我们假设把Y接到X上，也就说，现在X是Y的父亲，Y原来的根节点现在是Y的儿子 Y的relation   +     ani[Y]根节点相对于ani[Y]的relation ( ( d - 1 )         +    ( 3 - ani[Y].relation) ) % 3 就是ani[Y]的父亲节点与ani[X]的relation了！ 那么，不难得到，ani[Y]的根节点与ani[X]根节点的关系是： ( ( d - 1 ) + ( 3 - ani[Y].relation) + ani[X].relation ) % 3 ->应用了同余定理 注意，这个当所有集合都是初始化状态的时候也适用哦 还是以最开头我们给的三个集合（分别代表三个物种）为例 2 1 6 带入公式 ani[6].relation = ( ( 2 - 1 ) + ( 3 - 0 ) + 0 ) % 3 = 1 也就是，6被1吃 Part III - 算法正确性的证明 首先，两个自洽的集合，合并以后仍然是自洽的 这个不难想吧，数学上有个什么对称性定理跟他很像的。 如果理解不了，就这么想！！ 当set1和set2合并之后，set2的根节点得到了自己关于set1根节点的 正确relation值，变成了set1根节点的儿子，那么 set2的所有儿子只要用 ( ani[X].relation + ani[Y].relation ) % 3就能得到自己正确的relation值了 所以说，针对不在同一集合的两个元素的话，除非违背了（2）和（3），否则永远是真的 （无论这句话说的是什么，我们都可以根据所给X,Y推出两个子节点之间应有的关系，这个关系一确定，所有儿子的关系都可以确定） 其实所有的不同集合到最后都会被合并成一个集合的。 我们只要在一个集合中找那些假话就可以了。 首先，如何判断 1 X Y是不是假话。//此时 d = 1 if ( X 和 Y 不在同一集合) Union(x,y,xroot,yroot,d) else if x.relation != y.relation  ->假话 其次，如何判断 2 X Y是不是假话 //此时d = 2 if ( X 和 Y 不在同一集合） Union(x,y,xroot,yroot,d) else (ani[y].relation + 3 - ani[x].relation ) % 3 != 1 ->假话 这个公式是这么来的： 3 - ani[x].relation得到了根节点关于x的relation ani[y] + 3 - ani[x].relation得到了y关于x的relation 所以，只要y关于x的relation不是1，就是y不被x吃的话，这句话肯定是假话！ (2)路径压缩要特别注意的一点（错在这里，要检讨自己） 路径压缩的时候，记得要 先findParent，再给当前节点的relation赋值。 否则有可能因为当前节点的父节点的relation不正确而导致错的稀里哗啦。 例子： set1 = {1,2,7,10} set2 = {3,4,8,11} set3 = {12,5,14,9} Union(1,3,1,3,1) Union(3,12,3,12,2) 1 5 1 算5的relation 如果不先更新parent的relation，算出来应该是 ( 3 - 0 + 0 + 1 ) % 3 = 1，5被1吃，显然不对 这里面，+ 0的那个0是指根节点 12 的relation（未更新，这里的0是指12与11的relation） 如果更新完了的话，应该是 ( 3 - 0 + 2 + 1 ) % 3 = 0 ,5与1是同一物种，对了 这里面的 2 是更新节点12的relation（12与1的relation） 

那里把Y接在X的根节点的下方本来应该是这样的。

但是我们可以换个思路
变成如下的放法。

把那三个用红下划线标记的东西累加起来就是relation(a,b)了
知道relation(a,b)了。
令fa[b] = a;
然后再变回

知道了relation(a,b),我们可以通过lelation(a,b)在路径压缩的时候获取relation(b,y);
然后是判断是否为假话的问题。
我们需要判断任意两个点(a,b)的关系;
因为最后进行完路径压缩每个并查集都只有两层。
要获取relation(a,b);
就查看(relation[a]+3-relation[b])%3;
为0表示相同物种，1表示b吃a,2表示a吃b;
这样理解(高度只有两层)

#include <cstdio>const int MAXN = 59999;struct node
{int fa, relation;
};int n, k,d,x,y,fade = 0;
node ani[MAXN];int findfather(int x)
{if (ani[x].fa == x)return x;int olfa = ani[x].fa;ani[x].fa = findfather(ani[x].fa);ani[x].relation = (ani[x].relation + ani[olfa].relation) % 3;return ani[x].fa;
}int main()
{//freopen("F:\\rush.txt", "r", stdin);scanf("%d%d", &n, &k);for (int i = 1; i <= n; i++){ani[i].fa = i;ani[i].relation = 0;}for (int i = 1; i <= k; i++){scanf("%d%d%d", &d, &x, &y);if ((x > n || y > n) || (d == 2 && x==y)){fade++;continue;}int a = findfather(x);int b = findfather(y);if (a != b){ani[b].fa = a;ani[b].relation = (3 - ani[y].relation + d - 1 + ani[x].relation) % 3;}else{int temp = (ani[y].relation + 3 - ani[x].relation) % 3;if (d == 1){if (temp != 0)fade++;}elseif (d == 2){if (temp != 1)fade++;}}}printf("%d\n", fade);return 0;
}