P3855 [TJOI2008]Binary Land

难度：4
知识点：广度优先搜索

又解决一道，这道题首先状态很好想，就是一个四维数组，两个点的坐标共四个数来组成一个状态，起点状态终点状态也显而易见，然后是蜘蛛网，这个东西有点迷惑性，题目说的是如果踩了就失败，其实这玩意儿就是个路障，和障碍一样，你碰到了不走，就行，没有说非要你遇见了就去走，然后就是本题最难的一个点了，两个点的移动，

题目说了两个点是一起移动，如果其中一个点遇到了障碍，那么可以不动，只移动另外一个点，言外之意就是假如两个点都能移动的时候必须两个点都要移动，不能两个点都能移动的时候只移动其中一个，我一开始就是这个点没想到做错的，写了一个12维的增量数组，所以四个方向，每个方向三种情况，看似是12种，其实每个方向只有一种选择，要么两个都移动，要么移动其中一个，最后最多还是四种情况，每种情况都是每个方向上三选一，这个想明白了，题目里面说的退回操作就很好写了，

#include <bits/stdc++.h>#define fi first
#define se second
#define pb push_back
#define mk make_pair
#define sz(x) ((int) x.size())
#define all(x) (x).begin(), (x).end()using namespace std;typedef long long ll;
typedef vector<int> vi;
typedef pair<int, int> pa;const int N = 35;int n, m, xm, ym, xg, yg, xt, yt;
int dx1[4] = {-1, 0, 1, 0}, dy1[4] = {0, 1, 0, -1};
int dx2[4] = {-1, 0, 1, 0}, dy2[4] = {0, -1, 0, 1};
string s[N];void bfs() {queue<pair<pa, pa> > q;q.push(mk(mk(xm, ym), mk(xg, yg)));int dist[N][N][N][N];fill((int*) dist, (int*) dist + N * N * N * N, -1);dist[xm][ym][xg][yg] = 0;while (!q.empty()) {pair<pa, pa> now = q.front(); q.pop();if (now == mk(mk(xt, yt), mk(xt, yt))) { cout << dist[xt][yt][xt][yt]; return; }for (int i = 0; i < 4; i++) {int x1 = now.fi.fi + dx1[i], y1 = now.fi.se + dy1[i];int x2 = now.se.fi + dx2[i], y2 = now.se.se + dy2[i];if (x1 < 0 || y1 < 0 || x1 >= n || y1 >= m) continue;if (x2 < 0 || y2 < 0 || x2 >= n || y2 >= m) continue;if (s[x1][y1] == '#' && s[x2][y2] == '#') continue;if (s[x1][y1] == '#') x1 -= dx1[i], y1 -= dy1[i];if (s[x2][y2] == '#') x2 -= dx2[i], y2 -= dy2[i];if (dist[x1][y1][x2][y2] > -1 || s[x1][y1] == 'X' || s[x2][y2] == 'X') continue;q.push(mk(mk(x1, y1), mk(x2, y2)));dist[x1][y1][x2][y2] = dist[now.fi.fi][now.fi.se][now.se.fi][now.se.se] + 1;}}cout << "no";
}int main() {cin >> n >> m;for (int i = 0; i < n; i++) {cin >> s[i];for (int j = 0; j < m; j++) {if (s[i][j] == 'G') { xg = i; yg = j; s[i][j] = '.'; }if (s[i][j] == 'M') { xm = i; ym = j; s[i][j] = '.'; }if (s[i][j] == 'T') { xt = i; yt = j; s[i][j] = '.'; }}}bfs();return 0;
}

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