1126 ModricWang's Fight with DDLs III

思路

由于题目中已经说明了时间经过了正无穷，因此初始位置是不重要的，并且每条边、每个点的地位是均等的。因此到达每个点的概率就是这个点的度数+1（可以停留就等于是有一条连向自己的边），最后的概率就是

\[\frac{\sum S中的点的度数}{\sum 所有点的度数}\]

时间复杂度\(O(m)\)，空间复杂度\(O(m)\)

代码

#include <iostream>
#include <set>
#include <vector>
#include <iomanip>using namespace std;typedef unsigned long long ull;int main() {
#ifdef ONLINE_JUDGEios_base::sync_with_stdio(false);cin.tie(0);cout.tie(0);
#endifull n, m, k;set<ull> s;cin >> n >> m >> k;vector<ull> v(n, 1);auto tot = n + 2 * m, head = 0;for (auto i = 0; i < m; i++) {ull a, b;cin >> a >> b;v[a]++;v[b]++;}for (auto i = 0; i < k; i++) {ull p;cin >> p;head += v[p];}cout << fixed << setprecision(5) << 1.0 * head / tot << "\n";
}

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