P3975 [TJOI2015]弦论（SAM）

[TJOI2015]弦论 - 洛谷

感觉位置不同算相同还是比较好想的，我们top排序后算每个点后面连接了多少点就知道里面有多少字串了，然后求k大就行了；

考了位置不同算不同的话，我们就要考虑endpos了。那么具体体现在SAM上，就是后缀链接。如果有链接，就说明出现过相同后缀，我们才把他们连接在一起对吧；不然后缀链接就会接在根节点，这是性质。那么我们初始值就不设为1，在后缀链接上一样跑一次求和，就把位置不同的也考虑上了。

那么最后求k小还有一点，就是假如k小于后缀链接上的和，就说明这里的点不需要考虑，因为前面已经出现过了。

/*keep on going and never give up*/
#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
#define int long long
#define ll long long
#define db(x) cerr<<(#x)<<" "<<(x)<<" "<<endl;
#define endl "\n"
#define fast std::ios::sync_with_stdio(false);cin.tie(0);cout.tie(0);
const int maxn=2e6+10;
struct node{int ch[26];int len,fa;node(){memset(ch,0,sizeof(ch));len=fa=0;}
}tre[maxn];int cnt=1,las=1;
int a[maxn],id[maxn],sz[maxn],sum[maxn];
void ex_sam(int c){int p=las,np=las=++cnt;sz[np]=1;tre[np].len=tre[p].len+1;for(;p&&!tre[p].ch[c];p=tre[p].fa)tre[p].ch[c]=np;if(p==0)tre[np].fa=1; else{int q=tre[p].ch[c];if(tre[q].len==tre[p].len+1)tre[np].fa=q; else{int nq=++cnt;tre[nq]=tre[q];tre[nq].len=tre[p].len+1;tre[q].fa=tre[np].fa=nq;for(;p&&tre[p].ch[c]==q;p=tre[p].fa)tre[p].ch[c]=nq;}}
}int op,k;
void tops(){for(int i=1;i<=cnt;i++) a[tre[i].len]++;for(int i=1;i<=cnt;i++) a[i]+=a[i-1];for(int i=1;i<=cnt;i++) id[a[tre[i].len]--]=i;//对每一个长度给个id for(int i=cnt;i>=1;i--) sz[tre[id[i]].fa]+=sz[id[i]];for(int i=1;i<=cnt;i++) op==0?(sum[i]=sz[i]=1):(sum[i]=sz[i]);sz[1]=sum[1]=0;for(int i=cnt;i>=1;i--){for(int j=0;j<26;j++){int v=tre[id[i]].ch[j];if(!v)continue;sum[id[i]]+=sum[v];}}
}
void query(int k){int x=1;while (k){if(k<=sz[x]) break;k-=sz[x];for (int i=0;i<26;i++){if (tre[x].ch[i]){if (sum[tre[x].ch[i]]>=k){putchar('a'+i);x=tre[x].ch[i];break;}else k-=sum[tre[x].ch[i]];}}}
}
string s;
signed main(){fastcin>>s;for(auto c:s) ex_sam(c-'a');cin>>op>>k;tops();
//  cout<<sum[1]<<endl;if(sum[1]<k) cout<<-1;elsequery(k);
}

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