入门OJ:photo

题目描述

有N个人，来自K个家族.他们排成一行准备照相，但是由于天生的排外性，每个人都希望和本家族的人站在一起,中间不要加入别的家族的人.问最少从队列中去掉多少个就可以达到这个目的.

输入格式

第一行给出N,K。N在[1,100]，K在[1,5]

第二行给出N个数，每个数为1到K中的某个数。

输出格式

最少从队列中去掉多少个就可以达到这个目的

显然对于当前第i个点我们可以做两个操作：留下或者删去。

如果留下，就会有两种情况：第i个人和上一个留下的人属于同一个家族。第二种情况是不属于同一个家族，那么我们的状态需要从当前有人留下的家族转移过来。

如果删去则不需要考虑任何东西。

综合上面的分析，可以知道我们需要的信息有：当前是第几个人，当前选了那些家族，处理完当前人之后最后一个留下的人的家族。

那么可以设计出这样的状态：dp(i,j,k)，表示当前为第i个人，当前选的家族情况的二进制表示为j，最后一个留下的人的家族为k。设第i个人的家族为col，那么可以得出状态转移方程：

\[ dp[i][j][col]=Max_{1≤k≤K}{\{}dp[i-1][j{\wedge}R(1<<col)][k]+1{\}} \]

初始化都为0，答案为n-Max{dp(n,i,j)}

时间复杂度为O(NK * 2^K)。

#include<iostream>
#include<cstring>
#include<cstdio>
#define maxn 101
#define maxm 6
using namespace std;int dp[maxn][1<<maxm][maxm];
int n,m,ans;
inline int read(){register int x(0),f(1); register char c(getchar());while(c<'0'||'9'<c){ if(x=='-') f=-1; c=getchar(); }while('0'<=c&&c<='9') x=(x<<1)+(x<<3)+(c^48),c=getchar();return x*f;
}int main(){//freopen("photo.in","r",stdin);//freopen("photo.out","w",stdout);n=read(),m=read();for(register int i=1;i<=n;i++){int col=read()-1;memcpy(dp[i],dp[i-1],sizeof dp[i-1]);for(register int j=0;j<1<<m;j++) if(j&(1<<col)){dp[i][j][col]=max(dp[i][j][col],dp[i-1][j][col]+1);for(register int k=0;k<m;k++){dp[i][j][col]=max(dp[i][j][col],dp[i-1][j^(1<<col)][k]+1);}}}for(register int i=0;i<1<<m;i++){for(register int j=0;j<m;j++){ans=max(ans,dp[n][i][j]);}}printf("%d\n",n-ans);return 0;
}

转载于:https://www.cnblogs.com/akura/p/11045948.html

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题目描述

有N个人，来自K个家族.他们排成一行准备照相，但是由于天生的排外性，每个人都希望和本家族的人站在一起,中间不要加入别的家族的人.问最少从队列中去掉多少个就可以达到这个目的.

输入格式

第一行给出N,K。N在[1,100]，K在[1,5]

第二行给出N个数，每个数为1到K中的某个数。

输出格式

最少从队列中去掉多少个就可以达到这个目的

显然对于当前第i个点我们可以做两个操作：留下或者删去。

如果留下，就会有两种情况：第i个人和上一个留下的人属于同一个家族。第二种情况是不属于同一个家族，那么我们的状态需要从当前有人留下的家族转移过来。

如果删去则不需要考虑任何东西。

综合上面的分析，可以知道我们需要的信息有：当前是第几个人，当前选了那些家族，处理完当前人之后最后一个留下的人的家族。

那么可以设计出这样的状态：dp(i,j,k)，表示当前为第i个人，当前选的家族情况的二进制表示为j，最后一个留下的人的家族为k。设第i个人的家族为col，那么可以得出状态转移方程：

初始化都为0，答案为n-Max{dp(n,i,j)}

时间复杂度为O(NK * 2^K)。

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