【解题报告】Kattis - adjoin 树形dp
题目大意:有n个点,m条边,形成2颗以上的树,为了加上若干条边使得整个图连通后任意两点之间的最长距离最短,求该最短的最长距离。
解题思路:用树形dp求出初始每棵树中最长的链,最终答案只有两种情况,两点分别在两棵树上或两点在同一棵树上。如果两点在两棵树上,则将每棵树最长链的长度从大到小排序,计为a1,a2,a3...an,答案为(a1+1)/2+(a2+1)/2+1和a2+a3+2。因为我们把每棵树连到最长链的中点,则除了最长链所在的树,其余的树互相之间相互连通需要加两条边。那么答案就是两点所在树形成的链的一半(向上取整)加上2。而如果两点在同一颗树上,只需要在计算最长链的时候保存最长链即可。最后将两种情况的答案取较大值即可。
代码:
#include<iostream>
#include<string>
#include<string.h>
#include<stdlib.h>
#include<cstdio>
#include<stdio.h>
#include<set>
#include<map>
#include<deque>
#include<stack>
#include<vector>
#include<queue>
#include<algorithm>
#include<cstring>
#include<cmath>
#include<sstream>
#include<istream>
#include<ostream>
#include<sstream>
using namespace std;
typedef long long ll;
#define INF 0x3f3f3f3f
const int maxn = 100010;
struct edge {
int to, next;
}e[maxn << 1];
int head[maxn], f[maxn], dp[maxn], tmp, ans, a[maxn];
bool vis[maxn], ok;
int cnt, sz;
int getf(int x) { return f[x] == x ? x : f[x] = getf(f[x]); }
bool cmp(int x, int y) { return x > y; }
void init(int n)
{
memset(head, -1, sizeof head);
memset(e, 0, sizeof e);
memset(vis, 0, sizeof vis);
memset(dp, 0, sizeof dp);
ans = 0;
for (int i = 0; i < n; i++)
{
f[i] = i;
}
}
void add(int x, int y)
{
e[cnt].to = y;
e[cnt].next = head[x];
head[x] = cnt++;
e[cnt].to = x;
e[cnt].next = head[y];
head[y] = cnt++;
}
void dfs(int cur)
{
vis[cur] = true;
int lx = 0;//当前节点的子节点的最大深度
for (int i = head[cur]; ~i; i = e[i].next)
{
int v = e[i].to;
if (vis[v])continue;
dfs(v);
dp[cur] = max(dp[cur], dp[v] + 1);
tmp = max(tmp, lx + dp[v] + 1);//求以cur为根的树的最长链
lx = max(lx, dp[v] + 1);//更新最大深度
}
}
int main()
{
int n, m, x, y;
scanf("%d%d", &n, &m);
init(n);
for (int i = 0; i < m; i++)
{
scanf("%d%d", &x, &y);
add(x, y);
if (getf(x) > getf(y))swap(x, y);
f[y] = f[x];
}
memset(vis, 0, sizeof vis);
for (int i = 0; i < n; i++)
{
if (vis[i])continue;
tmp = 0;
dfs(i);
a[sz++] = (tmp + 1) / 2;//将最长链的一半存入
ans = max(tmp, ans);
}
a[sz++] = 0;
sort(a, a + sz, cmp);
printf("%d\n", max(ans, max(a[1] + a[2] + 2, a[0] + a[1] + 1)));
return 0;
}
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