24考研数学每日一题(带解析)
title: 24考研数学每日一题Latex版(带解析)
date: 2023-01-28 11:49:26
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题目来源于武老师的每日一题,答案是自己做的,不太严谨,仅供参考
2022年11月1日
知识点:函数定义域
答案:
函数定义域是指自变量x的取值范围,不可以把x+1作为自变量,x才是自变量,同一个f(),括号内整体范围相同。由题意得0⩽x⩽a⇒1⩽x+1⩽a+1,所以f(x)定义域为[1,a+1]\text{函数定义域是指自变量}x\text{的取值范围,不可以把}x+1\text{作为自变量,}x\text{才是自变量,} \\ \text{同一个}f()\text{,括号内整体范围相同。由题意得}0\leqslant x\leqslant a\Rightarrow 1\leqslant x+1\leqslant a+1\text{,所以}f\left( x \right) \text{定义域为}\left[ 1,a+1 \right] 函数定义域是指自变量x的取值范围,不可以把x+1作为自变量,x才是自变量,同一个f(),括号内整体范围相同。由题意得0⩽x⩽a⇒1⩽x+1⩽a+1,所以f(x)定义域为[1,a+1]
2022年11月2日
知识点:函数定义域
答案:
f[φ(x)]=1−x2,f(x)=ex2⟹eφ2(x)=1−x,两边同时求ln,φ2(x)=ln(1−x)由题意得φ(x)≥0,两边开根号,φ(x)=ln(1−x),负半边不要了,只留正的。定义域:ln(1−x)≥0⇒1−x≥1⇒x≤0f\left[ \varphi \left( x \right) \right] =1-x^2,f\left( x \right) ={e^x}^{^2}\Longrightarrow e^{\varphi ^2\left( x \right)}=1-x,\text{两边同时求}\ln ,\varphi ^2\left( x \right) =\ln \left( 1-x \right) \\ \text{由题意得}\varphi \left( x \right) \ge 0,\text{两边开根号},\varphi \left( x \right) =\sqrt{\ln \left( 1-x \right)},\text{负半边不要了,只留正的。定义域:}\ln \left( 1-x \right) \ge 0\Rightarrow 1-x\ge 1\Rightarrow x\le 0 f[φ(x)]=1−x2,f(x)=ex2⟹eφ2(x)=1−x,两边同时求ln,φ2(x)=ln(1−x)由题意得φ(x)≥0,两边开根号,φ(x)=ln(1−x),负半边不要了,只留正的。定义域:ln(1−x)≥0⇒1−x≥1⇒x≤0
2022年11月3日
知识点:复合函数
答案:
g(x)={2−x,x≤0x+2,x≥0,f(x)={x2,x<0−x,x≥0,f(x)是g(x)的复合函数x2,x<0但是x2>0,−x,x≥0但是−x<0,所以g[f(x)]={2+x,x≥0x2+2,x<0,注意x的取值,与f(x)的取值是一致的g\left( x \right) =\begin{cases} 2-x, x\le 0\\ x+2,x\ge 0\\ \end{cases},f\left( x \right) =\begin{cases} x^2, x<0\\ -x,x\ge 0\\ \end{cases},f\left( x \right) \text{是}g\left( x \right) \text{的复合函数} \\ x^2,x<0\text{但是}x^2>0,-x,x\ge 0\text{但是}-x<0,\text{所以}g\left[ f\left( x \right) \right] =\begin{cases} 2+x^{}, x\ge 0\\ x^2+2,x<0\\ \end{cases},\text{注意}x\text{的取值,与}f\left( x \right) \text{的取值是一致的} g(x)={2−x,x≤0x+2,x≥0,f(x)={x2,x<0−x,x≥0,f(x)是g(x)的复合函数x2,x<0但是x2>0,−x,x≥0但是−x<0,所以g[f(x)]={2+x,x≥0x2+2,x<0,注意x的取值,与f(x)的取值是一致的
2022年11月4日
知识点:反函数
答案:
把f(x)分段拆开来看,当x<−1,y=1−2x2⇒x=±1−y2,因为x<−1,x=−1−y2,x=−1时,y=−1,所以x=−1−y2,y<−1。当−1≤x≤2时,y=x3⇒x=y3,当x=−1时,y=−1,当x=2时,y=8所以x=y3,−1≤y≤8。当x>2时,y=12x−16⇒x=y+1612,x=2,y=8,所以x=y+1612,y>8。把y换成x,g(x)={−1−x2,x<−1x3,−1≤x≤8x+1612,x>8\text{把}f\left( x \right) \text{分段拆开来看},\text{当}x<-1,y=1-2x^2\Rightarrow x=\pm \sqrt{\frac{1-y}{2}},\text{因为}x<-1,x=-\sqrt{\frac{1-y}{2}},x=-1\text{时},y=-1,\text{所以}x=-\sqrt{\frac{1-y}{2}},y<-1\text{。} \\ \text{当}-1\le x\le 2\text{时},y=x^3\Rightarrow x=\sqrt[3]{y},\text{当}x=-1\text{时},y=-1,\text{当}x=2\text{时},y=8\text{所以}x=\sqrt[3]{y},-1\le y\le 8\text{。} \\ \text{当}x>2\text{时},y=12x-16\Rightarrow x=\frac{y+16}{12},x=2,y=8,\text{所以}x=\frac{y+16}{12},y>8\text{。} \\ \text{把}y\text{换成}x,g\left( x \right) =\left\{ \begin{array}{c} -\sqrt{\frac{1-x}{2}},x<-1\\ \sqrt[3]{x},-1\le x\le 8\\ \frac{x+16}{12},x>8\\ \end{array} \right. 把f(x)分段拆开来看,当x<−1,y=1−2x2⇒x=±21−y,因为x<−1,x=−21−y,x=−1时,y=−1,所以x=−21−y,y<−1。当−1≤x≤2时,y=x3⇒x=3y,当x=−1时,y=−1,当x=2时,y=8所以x=3y,−1≤y≤8。当x>2时,y=12x−16⇒x=12y+16,x=2,y=8,所以x=12y+16,y>8。把y换成x,g(x)=⎩⎨⎧−21−x,x<−13x,−1≤x≤812x+16,x>8
2022年11月5日
知识点:函数奇偶性
重点
答案:
设h(x)为奇函数,g(x)为偶函数可以使f(x)=h(x)+g(x)成立,h(−x)=−h(x),g(−x)=g(x)f(−x)=h(−x)+g(−x)=−h(x)+g(x),{f(x)=h(x)+g(x)f(−x)=−h(x)+g(x)⇒g(x)=12[f(x)+f(−x)](x与−x互换等式结果一样,偶函数),h(x)=12[f(x)−f(−x)](x与−x互换等式结果一样,奇函数)\text{设}h\left( x \right) \text{为奇函数,}g\left( x \right) \text{为偶函数可以使}f\left( x \right) =h\left( x \right) +g\left( x \right) \text{成立,}h\left( -x \right) =-h\left( x \right) ,g\left( -x \right) =g\left( x \right) \\ f\left( -x \right) =h\left( -x \right) +g\left( -x \right) =-h\left( x \right) +g\left( x \right) ,\left\{ \begin{array}{c} f\left( x \right) =h\left( x \right) +g\left( x \right)\\ f\left( -x \right) =-h\left( x \right) +g\left( x \right)\\ \end{array}\Rightarrow g\left( x \right) =\frac{1}{2}\left[ f\left( x \right) +f\left( -x \right) \right] \left( x\text{与}-x\text{互换等式结果一样,偶函数} \right) ,h\left( x \right) =\frac{1}{2}\left[ f\left( x \right) -f\left( -x \right) \right] \left( x\text{与}-x\text{互换等式结果一样,奇函数} \right) \right. 设h(x)为奇函数,g(x)为偶函数可以使f(x)=h(x)+g(x)成立,h(−x)=−h(x),g(−x)=g(x)f(−x)=h(−x)+g(−x)=−h(x)+g(x),{f(x)=h(x)+g(x)f(−x)=−h(x)+g(x)⇒g(x)=21[f(x)+f(−x)](x与−x互换等式结果一样,偶函数),h(x)=21[f(x)−f(−x)](x与−x互换等式结果一样,奇函数)
2022年11月6日
知识点:函数基本性质
答案:
f(−x)=−xtan(−x)⋅esin−x=xtanx⋅e−sinx,f(x)≠f(x),A错esinx为周期函数,tanx为周期函数,x单调递增,相乘后不是周期函数,C错x,tanx在(−π2,π2)上单调递增,esinx为周期函数,则f(x)不是单调函数,D错,证明出B正确f\left( -x \right) =-x\tan \left( -x \right) \cdot e^{\sin -x}=x\tan x\cdot e^{-\sin x},f\left( x \right) \ne f\left( x \right) ,A\text{错} \\ e^{\sin x}\text{为周期函数,}\tan x\text{为周期函数,}x\text{单调递增,相乘后不是周期函数,}C\text{错} \\ x,\tan x\text{在}\left( -\frac{\pi}{2},\frac{\pi}{2} \right) \text{上单调递增,}e^{\sin x}\text{为周期函数,则}f\left( x \right) \text{不是单调函数,}D\text{错,证明出}B\text{正确} f(−x)=−xtan(−x)⋅esin−x=xtanx⋅e−sinx,f(x)=f(x),A错esinx为周期函数,tanx为周期函数,x单调递增,相乘后不是周期函数,C错x,tanx在(−2π,2π)上单调递增,esinx为周期函数,则f(x)不是单调函数,D错,证明出B正确
2022年11月7日
知识点:函数的有界性
答案:
limx→−1f(x)=−sin3−1⋅−2⋅9=sin318,limx→0−f(x)=sin2−4,A正确limx→0+f(x)=sin24,limx→1−f(x)=1x−1⋅−sin1=−∞,B错limx→1+f(x)=1x−1⋅−sin1=+∞,limx→2−f(x)=1x−2=−∞,C错limx→2+f(x)=1x−2=+∞,limx→3f(x)=sin12,D错\lim_{x\rightarrow -1} f\left( x \right) =\frac{-\sin 3}{-1\cdot -2\cdot 9}=\frac{\sin 3}{18},\lim_{x\rightarrow 0^-} f\left( x \right) =\frac{\sin 2}{-4},A\text{正确} \\ \lim_{x\rightarrow 0^+} f\left( x \right) =\frac{\sin 2}{4},\lim_{x\rightarrow 1^-} f\left( x \right) =\frac{1}{x-1}\cdot -\sin 1=-\infty ,B\text{错} \\ \lim_{x\rightarrow 1^+} f\left( x \right) =\frac{1}{x-1}\cdot -\sin 1=+\infty ,\lim_{x\rightarrow 2^-} f\left( x \right) =\frac{1}{x-2}=-\infty ,C\text{错} \\ \lim_{x\rightarrow 2^+} f\left( x \right) =\frac{1}{x-2}=+\infty \text{,}\lim_{x\rightarrow 3} f\left( x \right) =\frac{\sin 1}{2},D\text{错} x→−1limf(x)=−1⋅−2⋅9−sin3=18sin3,x→0−limf(x)=−4sin2,A正确x→0+limf(x)=4sin2,x→1−limf(x)=x−11⋅−sin1=−∞,B错x→1+limf(x)=x−11⋅−sin1=+∞,x→2−limf(x)=x−21=−∞,C错x→2+limf(x)=x−21=+∞,x→3limf(x)=2sin1,D错
2022年11月8日
知识点:极限的计算
原式=limn→∞[1+2+...+n−1+2+...+(n−1)]=limn→∞[n(1+n)2−(1+n−1)n2]=limn→∞[n(1+n)2−n22]=limn→∞[n+n2−n22n(1+n)2+n22]=2limn→∞[11+1n+1]=22\begin{aligned} \text{原式}& =\lim_{n\rightarrow \infty} \left[ \sqrt{1+2+...+n}-\sqrt{1+2+...+\left( n-1 \right)} \right] \\ & =\lim_{n\rightarrow \infty} \left[ \sqrt{\frac{n\left( 1+n \right)}{2}}-\sqrt{\frac{\left( 1+n-1 \right) n}{2}} \right] \\ & =\lim_{n\rightarrow \infty} \left[ \sqrt{\frac{n\left( 1+n \right)}{2}}-\sqrt{\frac{n^2}{2}} \right] \\ & =\lim_{n\rightarrow \infty} \left[ \frac{\frac{n+n^2-n^2}{2}}{\sqrt{\frac{n\left( 1+n \right)}{2}}+\sqrt{\frac{n^2}{2}}} \right] \\ & =\sqrt{2}\lim_{n\rightarrow \infty} \left[ \frac{1}{\sqrt{1+\frac{1}{n}}+\sqrt{1}} \right] \\ & =\frac{\sqrt{2}}{2} \end{aligned} 原式=n→∞lim[1+2+...+n−1+2+...+(n−1)]=n→∞lim[2n(1+n)−2(1+n−1)n]=n→∞lim[2n(1+n)−2n2]=n→∞lim2n(1+n)+2n22n+n2−n2=2n→∞lim1+n1+11=22
2022年11月9日
知识点:极限的计算
注意根号下x的平方,在x<0时,得到的值是负值
答案:
法一(直接法):
原式=limx→−∞(−x)[4+1x−1x2−1−1x](−x)1+sinxx2=limx→−∞4+1x−1x2−1−1x1+sinxx2(x<0,x2<0)=1\begin{aligned} \text{原式}& =\lim_{x\rightarrow -\infty} \frac{\left( -x \right) \left[ \sqrt{4+\frac{1}{x}-\frac{1}{x^2}}-1-\frac{1}{x} \right]}{\left( -x \right) \sqrt{1+\frac{\sin x}{x^2}}} \\ & =\lim_{x\rightarrow -\infty} \frac{\sqrt{4+\frac{1}{x}-\frac{1}{x^2}}-1-\frac{1}{x}}{\sqrt{1+\frac{\sin x}{x^2}}}\left( x<0,\sqrt{x^2}<0 \right) \\ & =1 \end{aligned} 原式=x→−∞lim(−x)1+x2sinx(−x)[4+x1−x21−1−x1]=x→−∞lim1+x2sinx4+x1−x21−1−x1(x<0,x2<0)=1
法二(抓大头):
原式=limx→−∞4x2+xx2=limx→−∞−2x+x−x=1\begin{aligned} \text{原式}& =\lim_{x\rightarrow -\infty} \frac{\sqrt{4x^2}+x}{\sqrt{x^2}} \\ & =\lim_{x\rightarrow -\infty} \frac{-2x+x}{-x} \\ & =1 \end{aligned} 原式=x→−∞limx24x2+x=x→−∞lim−x−2x+x=1
2022年11月10日
知识点:判别左右极限
答案:
原式=limx→0+(2+e1x1+e4x+sinx∣x∣)=limx→0+(0+1)(e4x比e1x增长快)=1原式=limx→0−(2+e1x1+e4x+sinx∣x∣)=limx→0−(2+01+0+sinx−x)=(2−1)=1limx→0+左=limx→0−右=1\begin{aligned} \text{原式}& =\lim_{x\rightarrow 0^+} \left( \frac{2+e^{\frac{1}{x}}}{1+e^{\frac{4}{x}}}+\frac{\sin x}{\left| x \right|} \right) \\ & =\lim_{x\rightarrow 0^+} \left( 0+1 \right) \,\, \left( e^{\frac{4}{x}}\text{比}e^{\frac{1}{x}}\text{增长快} \right) \\ & =1 \\ \text{原式}& =\lim_{x\rightarrow 0^-} \left( \frac{2+e^{\frac{1}{x}}}{1+e^{\frac{4}{x}}}+\frac{\sin x}{\left| x \right|} \right) \\ & =\lim_{x\rightarrow 0^-} \left( \frac{2+0}{1+0}+\frac{\sin x}{-x} \right) \\ & =\left( 2-1 \right) \\ & =1 \\ \lim_{x\rightarrow 0^+} \text{左}&=\lim_{x\rightarrow 0^-} \text{右}=1 \end{aligned} 原式原式x→0+lim左=x→0+lim(1+ex42+ex1+∣x∣sinx)=x→0+lim(0+1)(ex4比ex1增长快)=1=x→0−lim(1+ex42+ex1+∣x∣sinx)=x→0−lim(1+02+0+−xsinx)=(2−1)=1=x→0−lim右=1
2022年11月11日
知识点:四种方法计算极限
答案:
法一(直接法):
法一:原式=limx→∞(x2+x−x2+xx2+x+x2−x)=limx→∞(2xx2+x+x2−x)=limx→∞(21+1x+1−1x)=1\begin{aligned} \text{法一:原式}&=\lim_{x\rightarrow \infty} \left( \frac{x^2+x-x^2+x}{\sqrt{x^2+x}+\sqrt{x^2-x}} \right) \\ &=\lim_{x\rightarrow \infty} \left( \frac{2x}{\sqrt{x^2+x}+\sqrt{x^2-x}} \right) \\ &=\lim_{x\rightarrow \infty} \left( \frac{2}{\sqrt{1+\frac{1}{x}}+\sqrt{1-\frac{1}{x}}} \right) \\ &=1 \end{aligned} 法一:原式=x→∞lim(x2+x+x2−xx2+x−x2+x)=x→∞lim(x2+x+x2−x2x)=x→∞lim1+x1+1−x12=1
法二(拉格朗日):
法二:设f(x)=x根据拉格朗日中值定理,f(x2+x)−f(x2−x)=f′(ξ)(x2+x−x2+x)=2xf′(ξ),ξ介于x2+x与x2−x之间,ξ∼x2,f′(ξ)=12ξ原式=limx→∞2xf′(ξ)=limx→∞xξ=1\text{法二:设}f\left( x \right) =\sqrt{x} \\ \text{根据拉格朗日中值定理,}f\left( x^2+x \right) -f\left( x^2-x \right) =f\prime\left( \xi \right) \left( x^2+x-x^2+x \right) =2xf\prime\left( \xi \right) \text{,}\xi \text{介于}x^2+x\text{与}x^2-x\text{之间,}\xi \sim x^2,f\prime\left( \xi \right) =\frac{1}{2\sqrt{\xi}} \\ \text{原式}=\lim_{x\rightarrow \infty} 2xf\prime\left( \xi \right) =\lim_{x\rightarrow \infty} \frac{x}{\sqrt{\xi}}=1 法二:设f(x)=x根据拉格朗日中值定理,f(x2+x)−f(x2−x)=f′(ξ)(x2+x−x2+x)=2xf′(ξ),ξ介于x2+x与x2−x之间,ξ∼x2,f′(ξ)=2ξ1原式=x→∞lim2xf′(ξ)=x→∞limξx=1
法三(常见等价无穷小):
法三:原式=limx→∞x2−x[1+2xx2−x−1]=limx→∞x2−x⋅1x⋅2xx2−x=1\begin{aligned} \text{法三:原式}&=\lim_{x\rightarrow \infty} \sqrt{x^2-x}\left[ \sqrt{1+\frac{2x}{x^2-x}}-1 \right] \\ &=\lim_{x\rightarrow \infty} \sqrt{x^2-x}\cdot \frac{1}{x}\cdot \frac{2x}{x^2-x} \\ &=1 \end{aligned} 法三:原式=x→∞limx2−x[1+x2−x2x−1]=x→∞limx2−x⋅x1⋅x2−x2x=1
法四(等价无穷小相减,减项不等价的话,可以用等价无穷小减):
法四:原式=limx→∞x(1+1x−1−1x)=limx→∞x((1+1x−1)−(1−1x−1))=limx→∞x(12x+12x)=1\begin{aligned} \text{法四:原式}&=\lim_{x\rightarrow \infty} x\left( \sqrt{1+\frac{1}{x}}-\sqrt{1-\frac{1}{x}} \right) \\ &=\lim_{x\rightarrow \infty} x\left( \left( \sqrt{1+\frac{1}{x}}-1 \right) -\left( \sqrt{1-\frac{1}{x}}-1 \right) \right) \\ &=\lim_{x\rightarrow \infty} x\left( \frac{1}{2x}+\frac{1}{2x} \right) \\ &=1 \end{aligned} 法四:原式=x→∞limx(1+x1−1−x1)=x→∞limx((1+x1−1)−(1−x1−1))=x→∞limx(2x1+2x1)=1
2022年11月12日
知识点:三种方法计算极限
答案:
法一(直接法):
法一:原式=limx→01+tanx−1−sinxx(1−cos)(1+tanx+1+sinx)=limx→0tanx−sinx12x3⋅2=limx→0tanx−sinxx3=limx→0x+x33−(x−x36)+o(x)x3=12\begin{aligned} \text{法一:原式}&=\lim_{x\rightarrow 0} \frac{1+\tan x-1-\sin x}{x\left( 1-\cos \right) \left( \sqrt{1+\tan x}+\sqrt{1+\sin x} \right)} \\ &=\lim_{x\rightarrow 0} \frac{\tan x-\sin x}{\frac{1}{2}x^3\cdot 2} \\ &=\lim_{x\rightarrow 0} \frac{\tan x-\sin x}{x^3} \\ &=\lim_{x\rightarrow 0} \frac{x+\frac{x^3}{3}-\left( x-\frac{x^3}{6} \right) +o\left( x \right)}{x^3} \\ &=\frac{1}{2} \end{aligned} 法一:原式=x→0limx(1−cos)(1+tanx+1+sinx)1+tanx−1−sinx=x→0lim21x3⋅2tanx−sinx=x→0limx3tanx−sinx=x→0limx3x+3x3−(x−6x3)+o(x)=21
法二(拉格朗日中值定理):
法二:设f(x)=x,根据拉格朗日中值定理,f(1+tanx)−f(1+sinx)=f′(ξ)(tanx−sinx)原式=limx→0f′(ξ)(tanx−sinx)12x3ξ在1+tanx与1+sinx之间,x趋于0,1+tanx与1+sinx都趋于0,根据夹逼定理,ξ∼1原式=limx→012(tanx−sinx)12x3=limx→0tanx−sinxx3=limx→0x+x33−(x−x36)+o(x)x3=12\text{法二:设}f\left( x \right) =\sqrt{x}\text{,根据拉格朗日中值定理,}f\left( 1+\tan x \right) -f\left( 1+\sin x \right) =f\prime\left( \xi \right) \left( \tan x-\sin x \right) \\ \text{原式}=\lim_{x\rightarrow 0} \frac{f\prime\left( \xi \right) \left( \tan x-\sin x \right)}{\frac{1}{2}x^3} \\ \xi \text{在}1+\tan x\text{与}1+\sin x\text{之间,}x\text{趋于}0\text{,}1+\tan x\text{与}1+\sin x\text{都趋于}0\text{,根据夹逼定理,}\xi \sim 1 \\ \begin{aligned} \text{原式}&=\lim_{x\rightarrow 0} \frac{\frac{1}{2}\left( \tan x-\sin x \right)}{\frac{1}{2}x^3} \\ &=\lim_{x\rightarrow 0} \frac{\tan x-\sin x}{x^3} \\ &=\lim_{x\rightarrow 0} \frac{x+\frac{x^3}{3}-\left( x-\frac{x^3}{6} \right) +o\left( x \right)}{x^3} \\ &=\frac{1}{2} \end{aligned} 法二:设f(x)=x,根据拉格朗日中值定理,f(1+tanx)−f(1+sinx)=f′(ξ)(tanx−sinx)原式=x→0lim21x3f′(ξ)(tanx−sinx)ξ在1+tanx与1+sinx之间,x趋于0,1+tanx与1+sinx都趋于0,根据夹逼定理,ξ∼1原式=x→0lim21x321(tanx−sinx)=x→0limx3tanx−sinx=x→0limx3x+3x3−(x−6x3)+o(x)=21
法三(等价无穷小):
法三:原式=limx→01+tanx−1+sinx12x3=limx→0tanx+1−1−(1+sinx−1)12x3=limx→012tanx−12sinx12x3=limx→0tanx−sinxx3=limx→0x+x33−(x−x36)+o(x)x3=12\begin{aligned} \text{法三:原式}&=\lim_{x\rightarrow 0} \frac{\sqrt{1+\tan x}-\sqrt{1+\sin x}}{\frac{1}{2}x^3} \\ &=\lim_{x\rightarrow 0} \frac{\sqrt{\tan x+1}-1-\left( \sqrt{1+\sin x}-1 \right)}{\frac{1}{2}x^3} \\ &=\lim_{x\rightarrow 0} \frac{\frac{1}{2}\tan x-\frac{1}{2}\sin x}{\frac{1}{2}x^3} \\ &=\lim_{x\rightarrow 0} \frac{\tan x-\sin x}{x^3} \\ &=\lim_{x\rightarrow 0} \frac{x+\frac{x^3}{3}-\left( x-\frac{x^3}{6} \right) +o\left( x \right)}{x^3} \\ &=\frac{1}{2} \end{aligned} 法三:原式=x→0lim21x31+tanx−1+sinx=x→0lim21x3tanx+1−1−(1+sinx−1)=x→0lim21x321tanx−21sinx=x→0limx3tanx−sinx=x→0limx3x+3x3−(x−6x3)+o(x)=21
2022年11月13日
知识点:求极限确定参数
答案:
法一(直接法):
原式=limx→0ex2−1−(cos2x−1)axb=limx→0x2+2x2axb=limx→03x2axb=1所以a=3,b=2\begin{aligned} 原式&=\lim_{x \to 0 } \frac{e^{x^{2}}-1-(cos2x-1) }{ax^{b}} \\ &=\lim_{x \to 0 } \frac{x^{2}+2x^{2} }{ax^{b}} \\ &= \lim_{x \to 0 } \frac{3x^{2} }{ax^{b}}=1 \\ 所以a&=3,b=2 \end{aligned} 原式所以a=x→0limaxbex2−1−(cos2x−1)=x→0limaxbx2+2x2=x→0limaxb3x2=1=3,b=2
法二(泰勒公式):
原式=limx→0(1+x2)−(1−2x2)axb=limx→03x2axb=1所以a=3,b=2\begin{aligned} 原式&=\lim_{x \to 0 } \frac{(1+x^{2} )-(1-2x^{2} ) }{ax^{b}} \\ &=\lim_{x \to 0 } \frac{3x^{2} }{ax^{b}}=1 \\ 所以a&=3,b=2 \end{aligned} 原式所以a=x→0limaxb(1+x2)−(1−2x2)=x→0limaxb3x2=1=3,b=2
2022年11月14日
知识点:等价无穷小
答案:
x→0,φ(x)=0,A错,若要满足ABCD,φ(x)不能为0可以认为极端情况φ(x)≡0,都错,假如加上条件φ(x)≠0则都对书上的条件是limΔ→0sinΔΔ=1,做这种题要注意φ(x)的取值x\rightarrow 0,\varphi \left( x \right) =0,A\text{错,若要满足}ABCD\text{,}\varphi \left( x \right) \text{不能为}0 \\ \text{可以认为极端情况}\varphi \left( x \right) \equiv 0\text{,都错,假如加上条件}\varphi \left( x \right) \ne 0\text{则都对} \\ \text{书上的条件是}\lim_{\varDelta \rightarrow 0} \frac{\sin \varDelta}{\varDelta}=1\text{,做这种题要注意}\varphi \left( x \right) \text{的取值} x→0,φ(x)=0,A错,若要满足ABCD,φ(x)不能为0可以认为极端情况φ(x)≡0,都错,假如加上条件φ(x)=0则都对书上的条件是Δ→0limΔsinΔ=1,做这种题要注意φ(x)的取值
2022年11月15日
知识点:求极限
答案:
原式=limx→0x+x36−(x−x33)x−x36−(x+x33)=limx→0x32−x32=−1\begin{aligned} \text{原式}&=\lim_{x\rightarrow 0} \frac{x+\frac{x^3}{6}-\left( x-\frac{x^3}{3} \right)}{x-\frac{x^3}{6}-\left( x+\frac{x^3}{3} \right)} \\ &=\lim_{x\rightarrow 0} \frac{\frac{x^3}{2}}{-\frac{x^3}{2}} \\ &=-1 \end{aligned} 原式=x→0limx−6x3−(x+3x3)x+6x3−(x−3x3)=x→0lim−2x32x3=−1
2022年11月16日
知识点:求极限
答案:
法一(直接法):
原式=limx→0lnxln(1+x)+1−1x=limx→0xln(1+x)−1x=limx→0x−ln(1+x)ln(1+x)x=limx→0x−ln(1+x)xln(1+x)=limx→0x−(x−x22)x2=limx→0x22x2=12\begin{aligned} \text{原式}&=\lim_{x\rightarrow 0} \frac{\ln \frac{x}{\ln \left( 1+x \right)}+1-1}{x} \\ &=\lim_{x\rightarrow 0} \frac{\frac{x}{\ln \left( 1+x \right)}-1}{x} \\ &=\lim_{x\rightarrow 0} \frac{\frac{x-\ln \left( 1+x \right)}{\ln \left( 1+x \right)}}{x} \\ &=\lim_{x\rightarrow 0} \frac{x-\ln \left( 1+x \right)}{x\ln \left( 1+x \right)} \\ &=\lim_{x\rightarrow 0} \frac{x-\left( x-\frac{x^2}{2} \right)}{x^2} \\ &=\lim_{x\rightarrow 0} \frac{\frac{x^2}{2}}{x^2} \\ &=\frac{1}{2} \end{aligned} 原式=x→0limxlnln(1+x)x+1−1=x→0limxln(1+x)x−1=x→0limxln(1+x)x−ln(1+x)=x→0limxln(1+x)x−ln(1+x)=x→0limx2x−(x−2x2)=x→0limx22x2=21
法二(拉格朗日中值定理):
原式=limx→0lnx−ln(ln(1+x))x,设f(x)=lnx,由拉格朗日中值定理得f(x)−f(ln(1+x))=f′(ξ)(x−ln(1+x))ξx介于xx与ln(x+1)x之间,x趋于0,xx→1,ln(1+x)x→1,ξx→1,原式=limx→0f′(ξ)(x−ln(1+x))x=limx→0x22ξx=12limx→0xξ=1x\text{原式}=\lim_{x\rightarrow 0} \frac{\ln x-\ln \left( \ln \left( 1+x \right) \right)}{x},\text{设}f\left( x \right) =\ln x,\text{由拉格朗日中值定理得}f\left( x \right) -f\left( \ln \left( 1+x \right) \right) =f\prime\left( \xi \right) \left( x-\ln \left( 1+x \right) \right) \\ \frac{\xi}{x}\text{介于}\frac{x}{x}\text{与}\frac{\ln \left( x+1 \right)}{x}\text{之间,}x\text{趋于}0,\frac{x}{x}\rightarrow 1,\frac{\ln \left( 1+x \right)}{x}\rightarrow 1\text{,}\frac{\xi}{x}\rightarrow 1,\text{原式}=\lim_{x\rightarrow 0} \frac{f\prime\left( \xi \right) \left( x-\ln \left( 1+x \right) \right)}{x}=\lim_{x\rightarrow 0} \frac{\frac{x^2}{2}}{\xi x}=\frac{1}{2}\lim_{x\rightarrow 0} \frac{x}{\xi}=\frac{1}{x} 原式=x→0limxlnx−ln(ln(1+x)),设f(x)=lnx,由拉格朗日中值定理得f(x)−f(ln(1+x))=f′(ξ)(x−ln(1+x))xξ介于xx与xln(x+1)之间,x趋于0,xx→1,xln(1+x)→1,xξ→1,原式=x→0limxf′(ξ)(x−ln(1+x))=x→0limξx2x2=21x→0limξx=x1
2022年11月17日
知识点:小心经错标零
答案:
原式=limx→∞exex2ln(1+1x)=limx→∞ex−x2ln(1+1x)=limx→∞ex2(1x−ln(1+1x))=e12\begin{aligned} \text{原式}&=\lim_{x\rightarrow \infty} \frac{e^x}{{e^x}^{^2\ln \left( 1+\frac{1}{x} \right)}} \\ &=\lim_{x\rightarrow \infty} e^{x-x^2\ln \left( 1+\frac{1}{x} \right)} \\ &=\lim_{x\rightarrow \infty} e^{x^2\left( \frac{1}{x}-\ln \left( 1+\frac{1}{x} \right) \right)} \\ &=e^{\frac{1}{2}} \end{aligned} 原式=x→∞limex2ln(1+x1)ex=x→∞limex−x2ln(1+x1)=x→∞limex2(x1−ln(1+x1))=e21
有二级结论x−ln(1+x)∼12x2\text{有二级结论}x-\ln \left( 1+x \right) \sim \frac{1}{2}x^2 有二级结论x−ln(1+x)∼21x2
2022年11月18日
知识点:求极限
答案:
设f(x)=cosx,f(x)−f(sinx)=f′(ξ)(x−sinx),ξ介于x与sinx之间,所以ξ→0原式=limx→0f′(ξ)(x−sinx)x4=limx→0−sinξ(x−sinx)x4=−limx→0x−sinxx3=−limx→016x3x3=−16\begin{aligned} \text{设}f\left( x \right) &=\cos x,f\left( x \right) -f\left( \sin x \right) =f\prime\left( \xi \right) \left( x-\sin x \right) ,\xi \text{介于}x\text{与}\sin x\text{之间},\text{所以}\xi \rightarrow 0 \\ \text{原式}&=\lim_{x\rightarrow 0} \frac{f\prime\left( \xi \right) \left( x-\sin x \right)}{x^4} \\ &=\lim_{x\rightarrow 0} \frac{-\sin \xi \left( x-\sin x \right)}{x^4} \\ &=-\lim_{x\rightarrow 0} \frac{x-\sin x}{x^3} \\ &=-\lim_{x\rightarrow 0} \frac{\frac{1}{6}x^3}{x^3} \\ &=-\frac{1}{6} \end{aligned} 设f(x)原式=cosx,f(x)−f(sinx)=f′(ξ)(x−sinx),ξ介于x与sinx之间,所以ξ→0=x→0limx4f′(ξ)(x−sinx)=x→0limx4−sinξ(x−sinx)=−x→0limx3x−sinx=−x→0limx361x3=−61
2022年11月19日
知识点:求极限(偶数年真题)
答案:
设f(x)=arctanx,f(x+1)−f(x)=f′(ξ)(x+1−x),f′(ξ)=11+ξ2,ξ介于x与x+1之间,x→∞,ξ→∞原式=limx→∞x2[f′(ξ)]=limx→∞x21+ξ2=1\begin{aligned} 设f(x)&=arctanx,f(x+1)-f(x)=f\prime (\xi )(x+1-x),f\prime (\xi )=\frac{1}{1+\xi^2} , \xi 介于x与x+1之间,x\rightarrow \infty ,\xi \rightarrow \infty \\ 原式&=\lim_{x \to\infty }x^2[f\prime (\xi )] \\ &=\lim_{x \to\infty }\frac{x^2}{1+\xi ^2} \\ &=1 \end{aligned} 设f(x)原式=arctanx,f(x+1)−f(x)=f′(ξ)(x+1−x),f′(ξ)=1+ξ21,ξ介于x与x+1之间,x→∞,ξ→∞=x→∞limx2[f′(ξ)]=x→∞lim1+ξ2x2=1
2022年11月20日
知识点:求极限(这道题不会真说不过去了)
答案:
设f(x)=arctanx,f(an)−f(an+1)=f′(ξ)(an−an+1),ξ介于an与an+1之间,n→∞,an→0,an+1→0,ξ→0原式=limn→∞n2[11+ξ2(an+a−ann(n+1))]=limn→∞n2[an2+n]=limn→∞a1+1n=a\begin{aligned} \text{设}f\left( x \right)& =arc\tan x,f\left( \frac{a}{n} \right) -f\left( \frac{a}{n+1} \right) =f\prime\left( \xi \right) \left( \frac{a}{n}-\frac{a}{n+1} \right) ,\xi \text{介于}\frac{a}{n}\text{与}\frac{a}{n+1}\text{之间},n\rightarrow \infty ,\frac{a}{n}\rightarrow 0,\frac{a}{n+1}\rightarrow 0,\xi \rightarrow 0 \\ \text{原式}&=\lim_{n\rightarrow \infty} n^2\left[ \frac{1}{1+\xi ^2}\left( \frac{an+a-an}{n\left( n+1 \right)} \right) \right] \\ &=\lim_{n\rightarrow \infty} n^2\left[ \frac{a}{n^2+n} \right] \\ &=\lim_{n\rightarrow \infty} \frac{a}{1+\frac{1}{n}} \\ &=a \end{aligned} 设f(x)原式=arctanx,f(na)−f(n+1a)=f′(ξ)(na−n+1a),ξ介于na与n+1a之间,n→∞,na→0,n+1a→0,ξ→0=n→∞limn2[1+ξ21(n(n+1)an+a−an)]=n→∞limn2[n2+na]=n→∞lim1+n1a=a
2022年11月21日
知识点:求极限(今天你拉格朗日了吗)
设f(x)=sinx,f(x+1)−f(x)=f′(ξ)(x+1−x)=f′(ξ),ξ在x,x+1之间,x→∞,ξ→∞原式=limx→∞f′(ξ)=limx→∞cosξ2ξ=0\begin{aligned} \text{设}f\left( x \right) &=\sin \sqrt{x},f\left( x+1 \right) -f\left( x \right) =f\prime\left( \xi \right) \left( x+1-x \right) =f\prime\left( \xi \right) ,\xi \text{在}x,x+1\text{之间,}x\rightarrow \infty ,\xi \rightarrow \infty \\ \text{原式}&=\lim_{x\rightarrow \infty} f\prime\left( \xi \right) \\ &=\lim_{x\rightarrow \infty} \frac{\cos \sqrt{\xi}}{2\sqrt{\xi}} \\ &=0 \end{aligned} 设f(x)原式=sinx,f(x+1)−f(x)=f′(ξ)(x+1−x)=f′(ξ),ξ在x,x+1之间,x→∞,ξ→∞=x→∞limf′(ξ)=x→∞lim2ξcosξ=0
2022年11月22日
知识点:求极限
重点
答案:
法一(泰勒公式):
原式=limx→0[ln(1+tan2x)−ln(1+x2)ln(1+x2)ln(1+tan2x)]=limx→0[(tanx−x)(tanx+x)x4]=limx→0[(x+x33−x)(2x)x4]=23\begin{aligned} \text{原式}&=\lim_{x\rightarrow 0} \left[ \frac{\ln \left( 1+\tan ^2x \right) -\ln \left( 1+x^2 \right)}{\ln \left( 1+x^2 \right) \ln \left( 1+\tan ^2x^{} \right)} \right] \\ &=\lim_{x\rightarrow 0} \left[ \frac{\left( \tan x-x \right) \left( \tan x+x \right)}{x^4} \right] \\ &=\lim_{x\rightarrow 0} \left[ \frac{\left( x+\frac{x^3}{3}-x \right) \left( 2x \right)}{x^4} \right] \\ &=\frac{2}{3} \end{aligned} 原式=x→0lim[ln(1+x2)ln(1+tan2x)ln(1+tan2x)−ln(1+x2)]=x→0lim[x4(tanx−x)(tanx+x)]=x→0limx4(x+3x3−x)(2x)=32
法二(拉格朗日中值定理):
原式=limx→0[ln(1+tan2x)−ln(1+x2)ln(1+x2)ln(1+tan2x)],设f(x)=lnx,f(1+tan2x)−f(1+x2)=f′(ξ)(tan2x−x2)=limx→0[1ξ(tan2x−x2)ln(1+x2)ln(1+tan2x)],ξ介于1+tan2x与1+x2之间,x→0,ξ→1=limx→0[(tanx−x)(tanx+x)x4]=limx→0[(x+x33−x)(2x)x4]=23\begin{aligned} \text{原式}&=\lim_{x\rightarrow 0} \left[ \frac{\ln \left( 1+\tan ^2x \right) -\ln \left( 1+x^2 \right)}{\ln \left( 1+x^2 \right) \ln \left( 1+\tan ^2x^{} \right)} \right] ,\text{设}f\left( x \right) =\ln x,f\left( 1+\tan ^2x \right) -f\left( 1+x^2 \right) =f\prime\left( \xi \right) \left( \tan ^2x-x^2 \right) \\ &=\lim_{x\rightarrow 0} \left[ \frac{\frac{1}{\xi}\left( \tan ^2x-x^2 \right)}{\ln \left( 1+x^2 \right) \ln \left( 1+\tan ^2x^{} \right)} \right] ,\xi \text{介于}1+\tan ^2x\text{与}1+x^2\text{之间,}x\rightarrow 0,\xi \rightarrow 1 \\ &=\lim_{x\rightarrow 0} \left[ \frac{\left( \tan x-x \right) \left( \tan x+x \right)}{x^4} \right] \\ &=\lim_{x\rightarrow 0} \left[ \frac{\left( x+\frac{x^3}{3}-x \right) \left( 2x \right)}{x^4} \right] \\ &=\frac{2}{3} \end{aligned} 原式=x→0lim[ln(1+x2)ln(1+tan2x)ln(1+tan2x)−ln(1+x2)],设f(x)=lnx,f(1+tan2x)−f(1+x2)=f′(ξ)(tan2x−x2)=x→0lim[ln(1+x2)ln(1+tan2x)ξ1(tan2x−x2)],ξ介于1+tan2x与1+x2之间,x→0,ξ→1=x→0lim[x4(tanx−x)(tanx+x)]=x→0limx4(x+3x3−x)(2x)=32
2022年11月23日
知识点:求极限
重点
答案:
原式=limx→0[sin2x−ln(1+x2)ln(1+x2)sin2x]=limx→0[sin2x−x2+x2−ln(1+x2)x4]=limx→0(sin2x−x2)+12x4x4=limx→0(sinx−x)(sinx+x)x4+limx→012x4x4=limx→02x⋅−16x3x4+limx→012x4x4=−13+12=16\begin{aligned} \text{原式}&=\lim_{x\rightarrow 0} \left[ \frac{\sin ^2x-\ln \left( 1+x^2 \right)}{\ln \left( 1+x^2 \right) \sin ^2x} \right] \\ &=\lim_{x\rightarrow 0} \left[ \frac{\sin ^2x-x^2+x^2-\ln \left( 1+x^2 \right)}{x^4} \right] \\ &=\lim_{x\rightarrow 0} \frac{\left( \sin ^2x-x^2 \right) +\frac{1}{2}x^4}{x^4} \\ &=\lim_{x\rightarrow 0} \frac{\left( \sin x-x \right) \left( \sin x+x \right)}{x^4}+\lim_{x\rightarrow 0} \frac{\frac{1}{2}x^4}{x^4} \\ &=\lim_{x\rightarrow 0} \frac{2x\cdot -\frac{1}{6}x^3}{x^4}+\lim_{x\rightarrow 0} \frac{\frac{1}{2}x^4}{x^4} \\ &=-\frac{1}{3}+\frac{1}{2} \\ &=\frac{1}{6} \end{aligned} 原式=x→0lim[ln(1+x2)sin2xsin2x−ln(1+x2)]=x→0lim[x4sin2x−x2+x2−ln(1+x2)]=x→0limx4(sin2x−x2)+21x4=x→0limx4(sinx−x)(sinx+x)+x→0limx421x4=x→0limx42x⋅−61x3+x→0limx421x4=−31+21=61
2022年11月24日
知识点:求极限
答案(洛必达):
原式=limx→0e2xln(x+2x)=elimx→02ln(x+2x)x=elimx→02(1+2xln2x+2x)=e2+2ln2=e2⋅4=4e2\begin{aligned} \text{原式}&=\lim_{x\rightarrow 0} e^{\frac{2}{x}\ln \left( x+2^x \right)} \\ &=e^{\lim_{x\rightarrow 0} \frac{2\ln \left( x+2^x \right)}{x}} \\ &=e^{\lim_{x\rightarrow 0} 2\left( \frac{1+2^x\ln 2}{x+2^x} \right)} \\ &=e^{2+2\ln 2} \\ &=e^2\cdot 4 \\ &=4e^2 \end{aligned} 原式=x→0limex2ln(x+2x)=elimx→0x2ln(x+2x)=elimx→02(x+2x1+2xln2)=e2+2ln2=e2⋅4=4e2
2022年11月25日
知识点:求极限
d
答案:
原式=limx→0e1sinkxln(1−tanx1+tanx)=limx→0e1sinkxln(1+tanx−2tanx1+tanx)=elimx→01sinkxln(1−2tanx1+tanx)=elimx→0−1sinkx⋅2tanx1+tanx=elimx→0−2tanx(1+tanx)sinkx=elimx→0−2tanxsinkx=e,所以−2tanxsinkx=1,k=−2\begin{aligned} \text{原式}&=\lim_{x\rightarrow 0} e^{\frac{1}{\sin kx}\ln \left( \frac{1-\tan x}{1+\tan x} \right)} \\ &=\lim_{x\rightarrow 0} e^{\frac{1}{\sin kx}\ln \left( \frac{1+\tan x-2\tan x}{1+\tan x} \right)} \\ &=e^{\lim_{x\rightarrow 0} \frac{1}{\sin kx}\ln \left( 1-\frac{2\tan x}{1+\tan x} \right)} \\ &=e^{\lim_{x\rightarrow 0} -\frac{1}{\sin kx}\cdot \frac{2\tan x}{1+\tan x}} \\ &=e^{\lim_{x\rightarrow 0} \frac{-2\tan x}{\left( 1+\tan x \right) \sin kx}} \\ &=e^{\lim_{x\rightarrow 0} \frac{-2\tan x}{\sin kx}} \\ &=e,\text{所以}\frac{-2\tan x}{\sin kx}=1,k=-2 \end{aligned} 原式=x→0limesinkx1ln(1+tanx1−tanx)=x→0limesinkx1ln(1+tanx1+tanx−2tanx)=elimx→0sinkx1ln(1−1+tanx2tanx)=elimx→0−sinkx1⋅1+tanx2tanx=elimx→0(1+tanx)sinkx−2tanx=elimx→0sinkx−2tanx=e,所以sinkx−2tanx=1,k=−2
2022年11月26日
知识点:求极限(1的无穷次方型)
泰勒
原式=elimx→01x2ln(ex+ax2+bx)=elimx→01x2ln(ex+ax2+bx+1−1)=elimx→0ex+ax2+bx−1x2=elimx→01+x+x22+ax2+bx−1x2=elimx→0(a+12)x2+(b+1)xx2=1,所以a=−12,b=−1\begin{aligned} \text{原式}&=e^{\lim_{x\rightarrow 0} \frac{1}{x^2}\ln \left( e^x+ax^2+bx \right)} \\ &=e^{\lim_{x\rightarrow 0} \frac{1}{x^2}\ln \left( e^x+ax^2+bx+1-1 \right)} \\ &=e^{\lim_{x\rightarrow 0} \frac{e^x+ax^2+bx-1}{x^2}} \\ &=e^{\lim_{x\rightarrow 0} \frac{1+x+\frac{x^2}{2}+ax^2+bx-1}{x^2}} \\ &=e^{\lim_{x\rightarrow 0} \frac{\left( a+\frac{1}{2} \right) x^2+\left( b+1 \right) x}{x^2}} \\ &=1,\text{所以}a=-\frac{1}{2},b=-1 \end{aligned} 原式=elimx→0x21ln(ex+ax2+bx)=elimx→0x21ln(ex+ax2+bx+1−1)=elimx→0x2ex+ax2+bx−1=elimx→0x21+x+2x2+ax2+bx−1=elimx→0x2(a+21)x2+(b+1)x=1,所以a=−21,b=−1
2022年11月27日
知识点:求极限(1的无穷次方型)
答案:
原式=limx→0e11−cosxln(arctanxx)=elimx→011−cosxln(arctanxx)=elimx→011−cosxln(arctanx−xx+1)=elimx→0arctanx−x(1−cosx)x=elimx→0−13x312x3=e−23\begin{aligned} \text{原式}&=\lim_{x\rightarrow 0} e^{\frac{1}{1-\cos x}\ln \left( \frac{\mathrm{arc}\tan x}{x} \right)} \\ &=e^{\lim_{x\rightarrow 0} \frac{1}{1-\cos x}\ln \left( \frac{\mathrm{arc}\tan x}{x} \right)} \\ &=e^{\lim_{x\rightarrow 0} \frac{1}{1-\cos x}\ln \left( \frac{\mathrm{arc}\tan x-x}{x}+1 \right)} \\ &=e^{\lim_{x\rightarrow 0} \frac{\mathrm{arc}\tan x-x}{\left( 1-\cos x \right) x}} \\ &=e^{\lim_{x\rightarrow 0} \frac{-\frac{1}{3}x^3}{\frac{1}{2}x^3}} \\ &=e^{-\frac{2}{3}} \end{aligned} 原式=x→0lime1−cosx1ln(xarctanx)=elimx→01−cosx1ln(xarctanx)=elimx→01−cosx1ln(xarctanx−x+1)=elimx→0(1−cosx)xarctanx−x=elimx→021x3−31x3=e−32
2022年11月28日
知识点:求极限(1的无穷次方型)
n替换u
设u=1n,n→∞,u→0原式=limu→0(1utanu)1u2=elimu→01u2ln(tanu−uu+1)=elimu→0tanu−uu3=e13\begin{aligned} \text{设}u=&\frac{1}{n},n\rightarrow \infty ,u\rightarrow 0 \\ \text{原式}=&\lim_{u\rightarrow 0} \left( \frac{1}{u}\tan u \right) ^{\frac{1}{u^2}} \\ &=e^{\lim_{u\rightarrow 0} \frac{1}{u^2}\ln \left( \frac{\tan u-u}{u}+1 \right)} \\ &=e^{\lim_{u\rightarrow 0} \frac{\tan u-u}{u^3}} \\ &=e^{\frac{1}{3}} \end{aligned} 设u=原式=n1,n→∞,u→0u→0lim(u1tanu)u21=elimu→0u21ln(utanu−u+1)=elimu→0u3tanu−u=e31
2022年11月29日
知识点:求极限(1的无穷次方型)
答案:
原式=limn→∞(1+tan1n1−tan1n)n=elimn→∞nln(1+tan1n1−tan1n)=elimn→∞nln(1−tan1n+2tan1n1−tan1n)=elimn→∞nln(1+2tan1n1−tan1n)=elimn→∞2ntan1n1−tan1n=e2\begin{aligned} \text{原式}&=\lim_{n\rightarrow \infty} \left( \frac{1+\tan \frac{1}{n}}{1-\tan \frac{1}{n}} \right) ^n \\ &=e^{\lim_{n\rightarrow \infty} n\ln \left( \frac{1+\tan \frac{1}{n}}{1-\tan \frac{1}{n}} \right)} \\ &=e^{\lim_{n\rightarrow \infty} n\ln \left( \frac{1-\tan \frac{1}{n}+2\tan \frac{1}{n}}{1-\tan \frac{1}{n}} \right)} \\ &=e^{\lim_{n\rightarrow \infty} n\ln \left( 1+\frac{2\tan \frac{1}{n}}{1-\tan \frac{1}{n}} \right)} \\ &=e^{\lim_{n\rightarrow \infty} \frac{2n\tan \frac{1}{n}}{1-\tan \frac{1}{n}}} \\ &=e^2 \end{aligned} 原式=n→∞lim(1−tann11+tann1)n=elimn→∞nln(1−tann11+tann1)=elimn→∞nln(1−tann11−tann1+2tann1)=elimn→∞nln(1+1−tann12tann1)=elimn→∞1−tann12ntann1=e2
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