bzoj1079: [SCOI2008]着色方案
1079: [SCOI2008]着色方案
Time Limit: 10 Sec Memory Limit: 162 MB
Description
有n个木块排成一行,从左到右依次编号为1~n。你有k种颜色的油漆,其中第i种颜色的油漆足够涂ci个木块。
所有油漆刚好足够涂满所有木块,即c1+c2+...+ck=n。相邻两个木块涂相同色显得很难看,所以你希望统计任意两
个相邻木块颜色不同的着色方案。
Input
第一行为一个正整数k,第二行包含k个整数c1, c2, ... , ck。
Output
输出一个整数,即方案总数模1,000,000,007的结果。
Sample Input
1 2 3
Sample Output
HINT
100%的数据满足:1 <= k <= 15, 1 <= ci <= 5
Source
所以用F[a][b][c][d][e][l]表示当前有能涂1次的油漆a个,能涂2次的b个….前一个颜色为l,再搞下转移就行了。
1 #include<iostream> 2 #include<cstdio> 3 #define ll long long 4 #define mod 1000000007 5 using namespace std; 6 ll f[16][16][16][16][16][6];int x[6],n; 7 bool mark[16][16][16][16][16][6]; 8 ll dp(int a,int b,int c,int d,int e,int k) 9 { 10 ll t=0; 11 if(mark[a][b][c][d][e][k])return f[a][b][c][d][e][k]; 12 if(a+b+c+d+e==0)return 1; 13 if(a) 14 t+=(a-(k==2))*dp(a-1,b,c,d,e,1); 15 if(b) 16 t+=(b-(k==3))*dp(a+1,b-1,c,d,e,2); 17 if(c) 18 t+=(c-(k==4))*dp(a,b+1,c-1,d,e,3); 19 if(d) 20 t+=(d-(k==5))*dp(a,b,c+1,d-1,e,4); 21 if(e) 22 t+=e*dp(a,b,c,d+1,e-1,5); 23 mark[a][b][c][d][e][k]=1; 24 return f[a][b][c][d][e][k]=(t%mod); 25 } 26 int main() 27 { 28 scanf("%d",&n); 29 for(int i=1;i<=n;i++) 30 { 31 int t; 32 scanf("%d",&t); 33 x[t]++; 34 } 35 printf("%lld",dp(x[1],x[2],x[3],x[4],x[5],0)); 36 return 0; 37 }
转载于:https://www.cnblogs.com/WQHui/p/8575529.html
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