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题目大意：现在给出n*(n-1)/2个关系表示n个数中两两之间的关系大小，用函数表示就是compare(a,b)，若a<b，则返回值为true，否则返回值为false，要求我们编写一个类用来还原数组，并要求最多访问10*N次compare函数

题目分析：时间复杂度既然要求了10*N，那么首先就要想到nlogn，这个题目中的n给到了1e3，logn不超过10，所以满足时间复杂度的要求，现在我们就要想该怎么实现

要是用sort直接排序的话会被卡掉，因为sort是不稳定排序，也就是重复元素也有可能会互换位置，最坏的时间复杂度能到n*n的级别，肯定不满足这个题目，但我们可以用归并排序，归并排序最大的一个特点就是稳定，时间复杂度稳定在nlogn，完美契合这个题目，而且也是属于C++内置的函数stable_sort()，用法和sort一样，我也是今天才知道的。。

当然正解应该是二分来做的。。因为logn的时间复杂度也可以联想到二分，对于每一个数字二分查找所在的位置，然后直接用vector的insert函数插入就好了，也是学了一波insert函数，这个函数有两个参数，分别是pos和val，功能是将val插入到pos位置前面

这个题真的学到了不少小细节。。

代码：

归并排序：

// Forward declaration of compare API.
// bool compare(int a, int b);
// return bool means whether a is less than b.class Solution {
public:vector<int> specialSort(int N) {vector<int>ans;for(int i=1;i<=N;i++)ans.push_back(i);stable_sort(ans.begin(),ans.end(),compare);return ans;}
};

二分：

// Forward declaration of compare API.
// bool compare(int a, int b);
// return bool means whether a is less than b.class Solution {
public:vector<int> specialSort(int N) {vector<int>ans;ans.push_back(1);for(int i=2;i<=N;i++){int l=0,r=ans.size()-1;int pos=r+1;//注意pos初始化为r+1，因为最坏情况是当前的i是最大值，应该放在最后面while(l<=r){int mid=(l+r)>>1;if(compare(i,ans[mid])){pos=mid;r=mid-1;}elsel=mid+1;}ans.insert(ans.begin()+pos,i);}return ans;}
};

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