OJ：GPLT L3-008 喊山 BFS模板题

喊山，一个山头呼喊的声音可以被临近的山头同时听到。题目假设每个山头最多有两个能听到它的临近山头。给定任意一个发出原始信号的山头，本题请你找出这个信号最远能传达到的地方。

输入格式：

输入第一行给出3个正整数n、m和k，其中n（≤10000）是总的山头数（于是假设每个山头从1到n编号）。接下来的m行，每行给出2个不超过n的正整数，数字间用空格分开，分别代表可以听到彼此的两个山头的编号。这里保证每一对山头只被输入一次，不会有重复的关系输入。最后一行给出k（≤10）个不超过n的正整数，数字间用空格分开，代表需要查询的山头的编号。

输出格式：

依次对于输入中的每个被查询的山头，在一行中输出其发出的呼喊能够连锁传达到的最远的那个山头。注意：被输出的首先必须是被查询的个山头能连锁传到的。若这样的山头不只一个，则输出编号最小的那个。若此山头的呼喊无法传到任何其他山头，则输出0。

输入样例：

输出样例：

解题思路

正常BFS即可，但是注意到里面其实有一个比较成分，无论怎么设计顺序也没法讨巧减少时间，索性就不剪枝了，同一层的节点都进入队列，比较就行了
现在才发现邻接表是真的快，像这道题就是，用其他的数据结构会超时

代码

#include <iostream>
#include <string>
#include <cstring>
#include <algorithm>
#include <stack>
#include <queue>
#include <vector>
#include <cmath>
#include <cstdio>
#include <bitset>
using namespace std;const int N = 10000 + 3;
static int n, m, k;
static vector<int> v1[N];int query(int index){int curr, clevel;int result = N, rlevel = -1;queue<int> q1, qlevel;bitset<N> isUsed;isUsed.reset();q1.push(index);qlevel.push(0);while(!q1.empty()){curr = q1.front(), clevel = qlevel.front();// cout << curr << " " << clevel << endl;q1.pop(); qlevel.pop();if(isUsed[curr]) continue;else isUsed[curr] = 1;if(clevel > rlevel || (clevel == rlevel && result > curr)){result = curr;rlevel = clevel;}for(int i=0; i<v1[curr].size(); i++){if(!isUsed[v1[curr][i]]){q1.push(v1[curr][i]);qlevel.push(clevel + 1);}}}return result;
}int main(){cin >> n >> m >> k;for(int i=0; i<m; i++){int i1, i2;cin >> i1 >> i2;v1[i1].push_back(i2);v1[i2].push_back(i1);}for(int i=0; i<k; i++){// cout << "i = " << i << endl;int index; cin >> index;if(query(index) != index) cout << query(index) << endl;else cout << "0" << endl;}return 0;
}

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