Acwing 216. Rainbow的信号
Acwing 216. Rainbow的信号
题意:
给你n个数,在这n个数中,等概率地选取两个数l,r,如果l>r,则交换l,r
把信号中的第 l 个数到第 r 个数取出来,构成一个数列 P。
A 部分对话的密码是数列 P 的 xor 和的数学期望值,xor 和就是数列 P 中各个数异或之后得到的数; xor 和的期望就是对于所有可能选取的 l、r,所得到的数列的 xor 和的平均数。
B 部分对话的密码是数列 P 的 and 和的期望,定义类似于 xor 和。
C 部分对话的密码是数列 P 的 or 和的期望,定义类似于 xor 和。
题解:
参考题解
按位来计算答案。枚举二进制下的每一位,因为数<109,说明最多30位
对于每一位(这里指的是二进制数位),枚举1到n每个数,把当前枚举的第k个数当作是范围的右端点,考虑左端点的取值情况来计算概率
设当前枚举的数位是k,当前枚举的是第r个数,当前第r个数的数位的值为v(v只会是0或1)
注意:题目说了当l>r时会交换l和r,所以l和r的取值范围均为n,所以l = r的概率为1/n ^ 2,其他概率为2/n ^ 2.
xor 和的期望就是对于所有可能选取的 l、r,所得到的数列的 xor 和的平均数。也就是所能取到的值乘以取到的概率
当数位的值v为1时
因为有l = r的情况,所有xor,and,or的答案都要加上该数位的值乘以1/n ^2(如果这是第3位,那就要加上4/n ^2),我们设pos=(该数为的值)/n ^2 = (1<<k)/n ^2
对于or,or是有1则1,而当前v正是1(也就是第r位是1),所以左端点l随便取(当前不能等于r),所以l的取值概率为(r-1) * pos * 2(别忘乘以2)
对于and,and是全部为1则1,所以我们需要用last[v]表示上一次v出现的位置,last[0]表示上一次0出现的位置,而l的取值范围是[last[0]+1,r-1],所以概率为(r-1-last[0])* pos * 2
当前数位的值v为0的时候:
and怎么都是0,所以不用考虑
对于or,l的所取的区间中的数位必须出现一个1,last[1]表示上一次1出现的位置,那l区间范围是[1,last[1]],所以概率就是last[1] * pos * 2
xor单独讨论
对于1到n各个数在第k位上的数位值:
我们现在以1为边界将区间分段:
每一段内有且只有一个1(r所在的那一段暂不考虑),异或0对xor没有影响,而每异或一次1,xor的值就会发生反转,所以我们用c1表示奇数区间包含的值的个数,c2表示偶数区间包含的值的个数
如果r为1,那么l位于偶数区间的话,答案异或为1,也就是l有c1个取值可能。如果r为0,那么l就有c2个取值可能(代码中实现c1和c2的方法很妙)
详细可以看代码diamond
代码:
#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;int read()
{int x=0,f=1;char ch=getchar();while(ch<'0'||ch>'9') {if(ch=='-') f=-1; ch=getchar();}while(ch>='0'&&ch<='9') {x=x*10+ch-'0'; ch=getchar();}return x*f;
}const int maxn=1e5+5;
int n,c1,c2;
int w[maxn],p[maxn],last[2];
double ansxor,ansand,ansor;void solve(int k)
{c1=c2=0;last[0]=last[1]=0;double pos=(double)(1<<k)/n/n;//当前数位的实际值/n方的概率for(int r=1;r<=n;r++){int v=((w[r]>>k)&1);if(v){ansxor+=pos;ansand+=pos;ansor+=pos;}if(v){ansor+=pos*(r-1)*2;ansand+=pos*(r-1-last[0])*2;ansxor+=pos*c1*2;}else {ansor+=pos*last[1]*2;ansxor+=pos*c2*2;}++c1;if(v) swap(c1,c2); //到了新的区间,就开始另一个变量开始计数 last[v]=r;}
}int main()
{n=read();for(int i=1;i<=n;i++) w[i]=read();for(int i=0;i<=30;i++) solve(i);printf("%.3lf %.3lf %.3lf",ansxor,ansand,ansor);return 0;
}
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