bzoj 1064 noi2008 假面舞会题解

莫名其妙的变成了我们的noip互测题...

其实这题思想还是比较简单的，只是分类不好分而已

其实就是一个dfs的事

首先，非常明显，原题目中的所有关系可以抽象成一个图（这是...显而易见的吧...）

接下来，我们仅需在图上讨论即可

当然，这个图有几个部分组成其实并没有那么重要，毕竟，这些部分基本是互不干扰的。

所以接下来我们只需要对每一个块分别处理即可

我们来分类：

首先，如果所有块都是树，我们只需求出每个树上的最长链即可

接下来，如果存在环（包括真实的环和类环，即1-2-3-1和1-2-4+1-3-4两种），那么种类数最多显然是所有

环大小的gcd（至于其他的树，可以完全不必考虑了）

于是问题就变成了怎么求环的大小

请大家注意一点，就是我们所说的环的大小是指的一个环中之多可以有几种面具

也就是说，对于一个这样的环：1-2-4和1-3-4，很显然2和3的编号应该是一样的，这样我们说这个类环的大小是3！

接下来我们讨论一下怎么求

其实求法很简单：化有向图为带权无向图！

即：如果这条边是正向的，我们把他的边权设为+1，反之设为-1

这样做的目的在于，还是以上面的图为例：1-2-4和1-3-4，我们双向建边就能求出环的大小（自己画一下，一下就出来）

剩下的部分就聊尽人事了

#include <cstdio>
#include <cmath>
#include <cstring>
#include <cstdlib>
#include <iostream>
#include <algorithm>
#include <queue>
#include <stack>
using namespace std;
struct Edge
{int next;int to;int val;
}edge[2000005];
int head[100005];
int dep[100005];
int cnt=1;
int d;
int n,m;
int maxdep,mindep=0x3f3f3f3f;
bool used[100005];
void init()
{memset(head,-1,sizeof(head));cnt=1;
}
int gcd(int x,int y)
{if(y==0){return x;}return gcd(y,x%y);
}
void add(int l,int r,int w)
{edge[cnt].next=head[l];edge[cnt].to=r;edge[cnt].val=w;head[l]=cnt++;
}
void dfs(int x,int deep)
{used[x]=1;dep[x]=deep;maxdep=max(maxdep,dep[x]);mindep=min(mindep,dep[x]);for(int i=head[x];i!=-1;i=edge[i].next){int to=edge[i].to;if(!used[to]){dfs(to,deep+edge[i].val);}else{d=gcd(d,abs(deep+edge[i].val-dep[to]));}}
}
inline int read()
{int f=1,x=0;char ch=getchar();while(ch<'0'||ch>'9'){if(ch=='-')f=-1;ch=getchar();}while(ch>='0'&&ch<='9'){x=x*10+ch-'0';ch=getchar();}return x*f;
}
int main()
{
//  freopen("party.in","r",stdin);
//  freopen("party.out","w",stdout);n=read(),m=read();init();for(int i=1;i<=m;i++){int x=read(),y=read();add(x,y,1);add(y,x,-1);}int ret=0;for(int i=1;i<=n;i++){if(!used[i]){maxdep=0;mindep=0x3f3f3f3f;dfs(i,1);ret+=maxdep-mindep+1;}}if(!d){if(ret>=3){printf("%d 3\n",ret);return 0;}else{printf("-1 -1\n");return 0;}}else{if(d<3){printf("-1 -1\n");return 0;}for(int i=3;i<=d;i++){if(d%i==0){printf("%d %d\n",d,i);return 0;}}}
}

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