1925: [Sdoi2010]地精部落
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HINT
对于 20%的数据,满足 N≤10;
对于 40%的数据,满足 N≤18;
对于 70%的数据,满足 N≤550;
对于 100%的数据,满足 3≤N≤4200,P≤109
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第一轮Day2
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代码难道几乎为零,,但是想不到有办法?
显然是dp没得说,,状态设计如下:
fi,j:用i个数字,最后一位是第j小的,且为山谷的方案数
gi,j:用i个数字,最后一位是第j小的,且为山峰的方案数
这里i是种离散的概念,,无论如何取i个不同的数字,我们总是能用[1,i]等效替换
那么,fi,j = ∑gi-1,k (k ∈ [j,i-1])
也就是说,当前i个数中,拿掉第j小的做为山谷,那么前一位一定是山峰
然后山峰的最后一位一定要比当前位来得高,而第j小的已经被拿掉,所以剩余数字中[j,i-1]都比当前第j小来得大
然后,,对于fi,j中任意一种方案,将每个位置的数替换为i - k + 1,那么整个山脉山谷山峰转置,且对应一种合法方案,也就是说fi,j = gi,i - j + 1
于是可以改写转移方程 fi,j = ∑fi-1,t (t ∈ [1,i - j]),优化方法显然
最后上个滚动数组,,输出fn,n * 2即可
#include<iostream>
#include<cstdio>
#include<queue>
#include<vector>
#include<bitset>
#include<algorithm>
#include<cstring>
#include<map>
#include<stack>
#include<set>
#include<cmath>
#include<ext/pb_ds/priority_queue.hpp>
using namespace std;const int maxn = 4233;int n,p,cur,nex = 1,f[2][maxn];int main()
{#ifdef DMCfreopen("DMC.txt","r",stdin);#endifcin >> n >> p;f[cur][1] = f[cur][2] = 1;for (int i = 3; i <= n; i++,swap(cur,nex)) {for (int j = 1; j <= i; j++) f[nex][j] = f[cur][i-j];for (int j = 2; j <= i; j++)f[nex][j] = (f[nex][j] + f[nex][j-1]) % p;} cout << f[cur][n]*2%p;return 0;
}
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