题意：问a串中有多少种字符串集合B中没有的连续子串。

a的长度10^5,B中的总长度为不超过10^5.

解法：后缀数组题目；后缀数组能够非常easy算出来一个串中有多少种子串。

把a和B集合连起来。求一次不同子串数量，然后减掉B相互连起来的数量。

在求时候，要减掉含有链接符的子串，方法是扫一遍，枚举最后出现的连接符。

代码：

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* @author:xiefubao
*******************************************************/
#pragma comment(linker, "/STACK:102400000,102400000")
#include <iostream>
#include <cstring>
#include <cstdlib>
#include <cstdio>
#include <queue>
#include <vector>
#include <algorithm>
#include <cmath>
#include <map>
#include <set>
#include <stack>
#include <string.h>
//freopen ("in.txt" , "r" , stdin);
using namespace std;#define eps 1e-8
#define zero(_) (abs(_)<=eps)
const double pi=acos(-1.0);
typedef long long LL;
const LL INF=0x3FFFFFFF;const int MAX=300010;
int n, num[MAX];
char s[MAX];
int sa[MAX], rank[MAX], height[MAX];//sa[i]表示排名第i的后缀的位置，height[i]表示后缀SA[i]和SA[i-1]的最长公共前缀
int wa[MAX], wb[MAX], wv[MAX], wd[MAX];
/* *suffix array *倍增算法  O(n*logn) *待排序数组长度为n,放在0~n-1中，在最后面补一个0 *da(str ,n+1,sa,rank,height,  ,   );//注意是n+1; *比如： *n   = 8; *num[]   = { 1, 1, 2, 1, 1, 1, 1, 2, $ };注意num最后一位为0，其它大于0 *rank[]  = { 4, 6, 8, 1, 2, 3, 5, 7, 0 };
rank[0~n-1]为有效值，rank[n]必然为0无效 值 *sa[]    = { 8, 3, 4, 5, 0, 6, 1, 7, 2 };sa[1~n]为有效值。sa[0]必然为n是无效值 *height[]= { 0, 0, 3, 2, 3, 1, 2, 0, 1 };height[2~n]为有效值 * */int t1[MAX],t2[MAX],c[MAX];//求SA数组须要的中间变量，不须要赋值 //待排序的字符串放在s数组中，从s[0]到s[n-1],长度为n,且最大值小于m,
//除s[n-1]外的全部s[i]都大于0。r[n-1]=0 //函数结束以后结果放在sa数组中
bool cmp(int *r,int a,int b,int l)
{return r[a] == r[b] && r[a+l] == r[b+l];
}
void da(int str[],int n,int m)
{n++;int i, j, p, *x = t1, *y = t2;     //第一轮基数排序，假设s的最大值非常大，可改为高速排序for(i = 0; i < m; i++)c[i] = 0;for(i = 0; i < n; i++)c[x[i] = str[i]]++;for(i = 1; i < m; i++)c[i] += c[i-1];for(i = n-1; i >= 0; i--)sa[--c[x[i]]] = i;for(j = 1; j <= n; j <<= 1){p = 0;         //直接利用sa数组排序第二keywordfor(i = n-j; i < n; i++)y[p++] = i;//后面的j个数第二keyword为空的最小for(i = 0; i < n; i++) if(sa[i] >= j) y[p++] = sa[i] - j;         //这样数组y保存的就是依照第二keyword排序的结果//基数排序第一keywordfor(i = 0; i < m; i++)c[i] = 0;for(i = 0; i < n; i++)c[x[y[i]]]++;for(i = 1; i < m; i++)c[i] += c[i-1];for(i = n-1; i >= 0; i--)sa[--c[x[y[i]]]] = y[i];        //依据sa和x数组计算新的x数组swap(x,y);p = 1;x[sa[0]] = 0;for(i = 1; i < n; i++)x[sa[i]] = cmp(y,sa[i-1],sa[i],j)?p-1:p++;if(p >= n)break;m = p;//下次基数排序的最大值}int k = 0;n--;for(i = 0; i <= n; i++)rank[sa[i]] = i;for(i = 0; i < n; i++){if(k)k--;j = sa[rank[i]-1];while(str[i+k] == str[j+k])k++;height[rank[i]] = k;}
}void da1(int *r, int n, int m)            //  倍增算法0(nlgn)。
{int i, j, p, *x = wa, *y = wb, *t;for(i = 0; i < m; i ++) wd[i] = 0;for(i = 0; i < n; i ++) wd[x[i]=r[i]] ++;for(i = 1; i < m; i ++) wd[i] += wd[i-1];for(i = n-1; i >= 0; i --) sa[-- wd[x[i]]] = i;for(j = 1, p = 1; p < n; j *= 2, m = p){for(p = 0, i = n-j; i < n; i ++) y[p ++] = i;for(i = 0; i < n; i ++) if(sa[i] >= j) y[p ++] = sa[i] - j;for(i = 0; i < n; i ++) wv[i] = x[y[i]];for(i = 0; i < m; i ++) wd[i] = 0;for(i = 0; i < n; i ++) wd[wv[i]] ++;for(i = 1; i < m; i ++) wd[i] += wd[i-1];for(i = n-1; i >= 0; i --) sa[-- wd[wv[i]]] = y[i];for(t = x, x = y, y = t, p = 1, x[sa[0]] = 0, i = 1; i < n; i ++){x[sa[i]] = cmp(y, sa[i-1], sa[i], j) ? p - 1: p ++;}}
}LL get(int* p,int m,int hh)
{da(p,m,hh+2);LL ans=0;for(int i=2; i<=m; i++){ans+=m-sa[i-1]-height[i];}ans+=m-sa[m];LL last=-1;for(int i=0; i<m; i++){if(p[i]>=39){if(last==-1)last=i;else{ans-=(i-last)*(last+1);last=i;}}}if(last!=-1)ans-=(m-last)*(last+1);return ans;
}
int main()
{int t;cin>>t;int kk=1;while(t--){scanf("%d",&n);scanf("%s",s);int len=strlen(s);int sum=0;for(int i=0; i<len; i++)num[sum++]=s[i]-'a'+1;int hh=39;num[sum++]=hh++;for(int i=0; i<n; i++){scanf("%s",s);int le=strlen(s);for(int j=0; j<le; j++){num[sum++]=s[j]-'a'+1;}if(i!=n-1)num[sum++]=hh++;}num[sum]=0;LL ans1=get(num,sum,hh);LL ans2=get(num+len+1,sum-len-1,hh);printf("Case %d: ",kk++);cout<<ans1-ans2<<endl;}return 0;
}