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前言:
内容为个人解题代码,如有错误请评论留言- -。
第一题
标题: 购物单
小明刚刚找到工作,老板人很好,只是老板夫人很爱购物。老板忙的时候经常让小明帮忙到商场代为购物。小明很厌烦,但又不好推辞。
这不,XX大促销又来了!老板夫人开出了长长的购物单,都是有打折优惠的。
小明也有个怪癖,不到万不得已,从不刷卡,直接现金搞定。
现在小明很心烦,请你帮他计算一下,需要从取款机上取多少现金,才能搞定这次购物。
取款机只能提供100元面额的纸币。小明想尽可能少取些现金,够用就行了。
你的任务是计算出,小明最少需要取多少现金。
以下是让人头疼的购物单,为了保护隐私,物品名称被隐藏了。
——————–
**** 180.90 88折
**** 10.25 65折
**** 56.14 9折
**** 104.65 9折
**** 100.30 88折
**** 297.15 半价
**** 26.75 65折
**** 130.62 半价
**** 240.28 58折
**** 270.62 8折
**** 115.87 88折
**** 247.34 95折
**** 73.21 9折
**** 101.00 半价
**** 79.54 半价
**** 278.44 7折
**** 199.26 半价
**** 12.97 9折
**** 166.30 78折
**** 125.50 58折
**** 84.98 9折
**** 113.35 68折
**** 166.57 半价
**** 42.56 9折
**** 81.90 95折
**** 131.78 8折
**** 255.89 78折
**** 109.17 9折
**** 146.69 68折
**** 139.33 65折
**** 141.16 78折
**** 154.74 8折
**** 59.42 8折
**** 85.44 68折
**** 293.70 88折
**** 261.79 65折
**** 11.30 88折
**** 268.27 58折
**** 128.29 88折
**** 251.03 8折
**** 208.39 75折
**** 128.88 75折
**** 62.06 9折
**** 225.87 75折
**** 12.89 75折
**** 34.28 75折
**** 62.16 58折
**** 129.12 半价
**** 218.37 半价
**** 289.69 8折
——————–
需要说明的是,88折指的是按标价的88%计算,而8折是按80%计算,余者类推。
特别地,半价是按50%计算。
请提交小明要从取款机上提取的金额,单位是元。
答案是一个整数,类似4300的样子,结尾必然是00,不要填写任何多余的内容。
特别提醒:不许携带计算器入场,也不能打开手机。
做法:将清单复制到txt文档中,用CTRL+H替换 *号空格和汉字 将折扣全部替换补全为小数格式
然后利用C语言读取文件进行计算,或者Excel直接导入利用函数计算。
答案:5200
第二题
标题:等差素数列
2,3,5,7,11,13,….是素数序列。
类似:7,37,67,97,127,157 这样完全由素数组成的等差数列,叫等差素数数列。
上边的数列公差为30,长度为6。
2004年,格林与华人陶哲轩合作证明了:存在任意长度的素数等差数列。
这是数论领域一项惊人的成果!
有这一理论为基础,请你借助手中的计算机,满怀信心地搜索:
长度为10的等差素数列,其公差最小值是多少?
注意:需要提交的是一个整数,不要填写任何多余的内容和说明文字。
思路:先将素数筛选出来,然后暴力去验证
答案:210
#include
#include
#include
using namespace std;
bool bMap[100010];
//判断传人的数是否为素数
bool isprime(int n)
{
if(n%2==0)
return false;
for(int i=3;i<=sqrt(n);i+=2)
if(n%i==0)
return false;
return true;
}
int main()
{
int map[100050];
memset(bMap,false,sizeof(bMap));
int tempNum=0;
for(int i=2;i<=10000;i++)
if(isprime(i)){
map[tempNum++]=i;
bMap[i]=true;
}
for(int i=0;i
{
int firstNum=map[i];
for(int c=1;c<1000;c++)
{
int j;
for(j=1;j<10;j++)
{
if(bMap[firstNum+c*j]==0)
break;
}
if(j>=10)
{
cout<
return 0;
}
}
}
}
1
2
3
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30
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38
39
40
41
42
43
44
45
46
47
48
#include
#include
#include
usingnamespacestd;
boolbMap[100010];
//判断传人的数是否为素数
boolisprime(intn)
{
if(n%2==0)
returnfalse;
for(inti=3;i<=sqrt(n);i+=2)
if(n%i==0)
returnfalse;
returntrue;
}
intmain()
{
intmap[100050];
memset(bMap,false,sizeof(bMap));
inttempNum=0;
for(inti=2;i<=10000;i++)
if(isprime(i)){
map[tempNum++]=i;
bMap[i]=true;
}
for(inti=0;i
{
intfirstNum=map[i];
for(intc=1;c<1000;c++)
{
intj;
for(j=1;j<10;j++)
{
if(bMap[firstNum+c*j]==0)
break;
}
if(j>=10)
{
cout<
return0;
}
}
}
}
第三题
标题:承压计算
X星球的高科技实验室中整齐地堆放着某批珍贵金属原料。
每块金属原料的外形、尺寸完全一致,但重量不同。
金属材料被严格地堆放成金字塔形。
7
5 8
7 8 8
9 2 7 2
8 1 4 9 1
8 1 8 8 4 1
7 9 6 1 4 5 4
5 6 5 5 6 9 5 6
5 5 4 7 9 3 5 5 1
7 5 7 9 7 4 7 3 3 1
4 6 4 5 5 8 8 3 2 4 3
1 1 3 3 1 6 6 5 5 4 4 2
9 9 9 2 1 9 1 9 2 9 5 7 9
4 3 3 7 7 9 3 6 1 3 8 8 3 7
3 6 8 1 5 3 9 5 8 3 8 1 8 3 3
8 3 2 3 3 5 5 8 5 4 2 8 6 7 6 9
8 1 8 1 8 4 6 2 2 1 7 9 4 2 3 3 4
2 8 4 2 2 9 9 2 8 3 4 9 6 3 9 4 6 9
7 9 7 4 9 7 6 6 2 8 9 4 1 8 1 7 2 1 6
9 2 8 6 4 2 7 9 5 4 1 2 5 1 7 3 9 8 3 3
5 2 1 6 7 9 3 2 8 9 5 5 6 6 6 2 1 8 7 9 9
6 7 1 8 8 7 5 3 6 5 4 7 3 4 6 7 8 1 3 2 7 4
2 2 6 3 5 3 4 9 2 4 5 7 6 6 3 2 7 2 4 8 5 5 4
7 4 4 5 8 3 3 8 1 8 6 3 2 1 6 2 6 4 6 3 8 2 9 6
1 2 4 1 3 3 5 3 4 9 6 3 8 6 5 9 1 5 3 2 6 8 8 5 3
2 2 7 9 3 3 2 8 6 9 8 4 4 9 5 8 2 6 3 4 8 4 9 3 8 8
7 7 7 9 7 5 2 7 9 2 5 1 9 2 6 5 3 9 3 5 7 3 5 4 2 8 9
7 7 6 6 8 7 5 5 8 2 4 7 7 4 7 2 6 9 2 1 8 2 9 8 5 7 3 6
5 9 4 5 5 7 5 5 6 3 5 3 9 5 8 9 5 4 1 2 6 1 4 3 5 3 2 4 1
X X X X X X X X X X X X X X X X X X X X X X X X X X X X X X
其中的数字代表金属块的重量(计量单位较大)。
最下一层的X代表30台极高精度的电子秤。
假设每块原料的重量都十分精确地平均落在下方的两个金属块上,
最后,所有的金属块的重量都严格精确地平分落在最底层的电子秤上。
电子秤的计量单位很小,所以显示的数字很大。
工作人员发现,其中读数最小的电子秤的示数为:2086458231
请你推算出:读数最大的电子秤的示数为多少?
注意:需要提交的是一个整数,不要填写任何多余的内容。
思路:将每个块的重量向下分摊。
#include
#include
#include
using namespace std;
double numMap[35][35];
int main()
{
double maxNum=-1;
double minNum=999999;
for(int i=1;i<=29;i++)
for(int j=1;j<=i;j++) cin>>numMap[i][j];
for(int i=1;i<=29;i++)
for(int j=1;j<=i;j++)
{
numMap[i+1][j]+=numMap[i][j]/2;
numMap[i+1][j+1]+=numMap[i][j]/2;
}
for(int i=1;i<=30;i++)
{
if(maxNum<numMap[30][i]) maxNum=numMap[30][i]; if(minNum>numMap[30][i]) minNum=numMap[30][i];
}
printf("%lf",maxNum*(long long)2086458231/minNum);
return 0;
1
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21
22
23
24
#include
#include
#include
usingnamespacestd;
doublenumMap[35][35];
intmain()
{
doublemaxNum=-1;
doubleminNum=999999;
for(inti=1;i<=29;i++)
for(intj=1;j<=i;j++)cin>>numMap[i][j];
for(inti=1;i<=29;i++)
for(intj=1;j<=i;j++)
{
numMap[i+1][j]+=numMap[i][j]/2;
numMap[i+1][j+1]+=numMap[i][j]/2;
}
for(inti=1;i<=30;i++)
{
if(maxNum<numMap[30][i])maxNum=numMap[30][i];if(minNum>numMap[30][i])minNum=numMap[30][i];
}
printf("%lf",maxNum*(longlong)2086458231/minNum);
return0;
第四题
标题:方格分割
6×6的方格,沿着格子的边线剪开成两部分。
要求这两部分的形状完全相同。
如图:p1.png, p2.png, p3.png 就是可行的分割法。
试计算:
包括这3种分法在内,一共有多少种不同的分割方法。
注意:旋转对称的属于同一种分割法。
请提交该整数,不要填写任何多余的内容或说明文字。
思路:利用DFS思想遍历图形跑出所有的路线,因为图形是中心对称的,所以将最后的路线数除以4就是最终答案。
#include
#include
#include
using namespace std;
int count2 = 0;
int map[7][7];
void dfs(int x,int y)
{
int dir[4][2] = {0,1,1,0,0,-1,-1,0};
if(x == 6 || y == 6 || x == 0 || y == 0){
count2 ++;
return;
}
for(int i = 0 ; i < 4 ; i ++)
{
int tx = x + dir[i][0];
int ty = y + dir[i][1];
if(map[tx][ty]){
continue;
}
map[6-tx][6-ty] = 1;
map[tx][ty] = 1;
dfs(tx,ty);
map[tx][ty] = 0;
map[6-tx][6-ty] = 0;
}
}
int main()
{
map[3][3] = 1;
dfs(3,3);
printf("%d\n",count2/4);
return 0;
}
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33
34
35
36
#include
#include
#include
usingnamespacestd;
intcount2=0;
intmap[7][7];
voiddfs(intx,inty)
{
intdir[4][2]={0,1,1,0,0,-1,-1,0};
if(x==6||y==6||x==0||y==0){
count2++;
return;
}
for(inti=0;i<4;i++)
{
inttx=x+dir[i][0];
intty=y+dir[i][1];
if(map[tx][ty]){
continue;
}
map[6-tx][6-ty]=1;
map[tx][ty]=1;
dfs(tx,ty);
map[tx][ty]=0;
map[6-tx][6-ty]=0;
}
}
intmain()
{
map[3][3]=1;
dfs(3,3);
printf("%d\n",count2/4);
return0;
}
第五题
标题:取数位
求1个整数的第k位数字有很多种方法。
以下的方法就是一种。
// 求x用10进制表示时的数位长度
int len(int x){
if(x<10) return 1;
return len(x/10)+1;
}
// 取x的第k位数字
int f(int x, int k){
if(len(x)-k==0) return x%10;
return _____________________; //填空
}
int main()
{
int x = 23574;
printf(“%d\n”, f(x,3));
return 0;
}
对于题目中的测试数据,应该打印5。
请仔细分析源码,并补充划线部分所缺少的代码。
注意:只提交缺失的代码,不要填写任何已有内容或说明性的文字。
思路:递归思想。
答案:f(x/10,k)。
第六题
标题:最大公共子串W
最大公共子串长度问题就是:
求两个串的所有子串中能够匹配上的最大长度是多少。
比如:”abcdkkk” 和 “baabcdadabc”,
可以找到的最长的公共子串是”abcd”,所以最大公共子串长度为4。
下面的程序是采用矩阵法进行求解的,这对串的规模不大的情况还是比较有效的解法。
请分析该解法的思路,并补全划线部分缺失的代码。
#include
#include
#define N 256
int f(const char* s1, const char* s2)
{
int a[N][N];
int len1 = strlen(s1);
int len2 = strlen(s2);
int i,j;
memset(a,0,sizeof(int)*N*N);
int max = 0;
for(i=1; i<=len1; i++){
for(j=1; j<=len2; j++){
if(s1[i-1]==s2[j-1]) {
a[i][j] = __________________________; //填空
if(a[i][j] > max) max = a[i][j];
}
}
}
return max;
}
int main()
{
printf(“%d\n”, f(“abcdkkk”, “baabcdadabc”));
return 0;
}
注意:只提交缺少的代码,不要提交已有的代码和符号。也不要提交说明性文字。
思路:动态规划思想
答案:a[i-1][j-1]+1
第七题
标题:日期问题
小明正在整理一批历史文献。这些历史文献中出现了很多日期。小明知道这些日期都在1960年1月1日至2059年12月31日。令小明头疼的是,这些日期采用的格式非常不统一,有采用年/月/日的,有采用月/日/年的,还有采用日/月/年的。更加麻烦的是,年份也都省略了前两位,使得文献上的一个日期,存在很多可能的日期与其对应。
比如02/03/04,可能是2002年03月04日、2004年02月03日或2004年03月02日。
给出一个文献上的日期,你能帮助小明判断有哪些可能的日期对其对应吗?
输入
—-
一个日期,格式是”AA/BB/CC”。 (0 <= A, B, C <= 9)
输出
—-
输出若干个不相同的日期,每个日期一行,格式是”yyyy-MM-dd”。多个日期按从早到晚排列。
样例输入
—-
02/03/04
样例输出
—-
2002-03-04
2004-02-03
2004-03-02
资源约定:
峰值内存消耗(含虚拟机) < 256M
CPU消耗 < 1000ms
请严格按要求输出,不要画蛇添足地打印类似:“请您输入…” 的多余内容。
注意:
main函数需要返回0;
只使用ANSI C/ANSI C++ 标准;
不要调用依赖于编译环境或操作系统的特殊函数。
所有依赖的函数必须明确地在源文件中 #include
不能通过工程设置而省略常用头文件。
提交程序时,注意选择所期望的语言类型和编译器类型。
思路:设计日期结构体,里面设计验证函数来验证传人的日期是否合理,然后利用SET容器去重
#include
#include
#include
#include
using namespace std;
int md[13]={0,31,28,31,30,31,30,31,31,30,31,30,31};
struct date
{
int year;
int month;
int day;
//初始化时间
date(int year,int month,int day)
{
year = year;
month = month;
day = day;
}
//比较器
bool operator < (date other)const{
if(year == other.year)
{
if(month == other.month)
return day
return month
}
return year
}
bool validate(){ //判断日期是否非法
if(year < 1960 || year > 2059) return false;
if(month <= 0 || month > 12) return false;
if(year % 400 == 0 || year % 100 != 0 && year % 4 == 0){
//闰年
if(month == 2){
return day >= 1 && day <= 29;
}
return day >= 1 && day <= md[month];
}else{
return day >= 1 && day <= md[month];
}
}
void print()const{
printf("%d-%02d-%02d\n",year,month,day);
}
};
set sd;
int main()
{
int a,b,c;
cin>>a>>b>>c;
date aType1(1900+a,b,c);
if(aType1.validate())
sd.insert(aType1);
date aType2(1900+c,a,b);
if(aType1.validate())
sd.insert(aType1);
date aType3(1900+c,b,a);
if(aType1.validate())
sd.insert(aType3);
date aType4(2000+a,b,c);
if(aType4.validate())
sd.insert(aType4);
date aType5(2000+c,a,b);
if(aType5.validate())
sd.insert(aType5);
date aType6(2000+c,b,a);
if(aType6.validate())
sd.insert(aType6);
set::iterator it = sd.begin();
for(; it != sd.end() ; it ++)
{
it->print();
}
return 0;
}
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80
81
82
83
#include
#include
#include
#include
usingnamespacestd;
intmd[13]={0,31,28,31,30,31,30,31,31,30,31,30,31};
structdate
{
intyear;
intmonth;
intday;
//初始化时间
date(intyear,intmonth,intday)
{
year=year;
month=month;
day=day;
}
//比较器
booloperator
if(year==other.year)
{
if(month==other.month)
returnday
returnmonth
}
returnyear
}
boolvalidate(){//判断日期是否非法
if(year<1960||year>2059)returnfalse;
if(month<=0||month>12)returnfalse;
if(year%400==0||year%100!=0&&year%4==0){
//闰年
if(month==2){
returnday>=1&&day<=29;
}
returnday>=1&&day<=md[month];
}else{
returnday>=1&&day<=md[month];
}
}
voidprint()const{
printf("%d-%02d-%02d\n",year,month,day);
}
};
setsd;
intmain()
{
inta,b,c;
cin>>a>>b>>c;
dateaType1(1900+a,b,c);
if(aType1.validate())
sd.insert(aType1);
dateaType2(1900+c,a,b);
if(aType1.validate())
sd.insert(aType1);
dateaType3(1900+c,b,a);
if(aType1.validate())
sd.insert(aType3);
dateaType4(2000+a,b,c);
if(aType4.validate())
sd.insert(aType4);
dateaType5(2000+c,a,b);
if(aType5.validate())
sd.insert(aType5);
dateaType6(2000+c,b,a);
if(aType6.validate())
sd.insert(aType6);
set::iteratorit=sd.begin();
for(;it!=sd.end();it++)
{
it->print();
}
return0;
}
第八题
标题:包子凑数
小明几乎每天早晨都会在一家包子铺吃早餐。他发现这家包子铺有N种蒸笼,其中第i种蒸笼恰好能放Ai个包子。每种蒸笼都有非常多笼,可以认为是无限笼。
每当有顾客想买X个包子,卖包子的大叔就会迅速选出若干笼包子来,使得这若干笼中恰好一共有X个包子。比如一共有3种蒸笼,分别能放3、4和5个包子。当顾客想买11个包子时,大叔就会选2笼3个的再加1笼5个的(也可能选出1笼3个的再加2笼4个的)。
当然有时包子大叔无论如何也凑不出顾客想买的数量。比如一共有3种蒸笼,分别能放4、5和6个包子。而顾客想买7个包子时,大叔就凑不出来了。
小明想知道一共有多少种数目是包子大叔凑不出来的。
输入
—-
第一行包含一个整数N。(1 <= N <= 100)
以下N行每行包含一个整数Ai。(1 <= Ai <= 100)
输出
—-
一个整数代表答案。如果凑不出的数目有无限多个,输出INF。
例如,
输入:
2
4
5
程序应该输出:
6
再例如,
输入:
2
4
6
程序应该输出:
INF
样例解释:
对于样例1,凑不出的数目包括:1, 2, 3, 6, 7, 11。
对于样例2,所有奇数都凑不出来,所以有无限多个。
资源约定:
峰值内存消耗(含虚拟机) < 256M
CPU消耗 < 1000ms
请严格按要求输出,不要画蛇添足地打印类似:“请您输入…” 的多余内容。
注意:
main函数需要返回0;
只使用ANSI C/ANSI C++ 标准;
不要调用依赖于编译环境或操作系统的特殊函数。
所有依赖的函数必须明确地在源文件中 #include
不能通过工程设置而省略常用头文件。
提交程序时,注意选择所期望的语言类型和编译器类型。
思路:使用完全背包的思想即可
#include
#include
using namespace std;
bool dfs(int x,int y)
{
int t;
while(y>0)
{
t=x%y;
x=y;
y=t;
}
if(x==1)
return true;
return false;
}
int a[110],n;
bool dp[10010];
int main()
{
scanf("%d",&n);
for(int i=0; i
scanf("%d",&a[i]);
int flag=0;
for(int i=0;i
{
for(int j=1;j<=n;j++)
{
if(dfs(a[i],a[j]))
{
flag=1;
break;
}
}
if(flag==1)
break;
}
if(flag!=1)
{
printf("INF\n");
return 0;
}
dp[0]=1;
for(int i=0; i
{
for(int j=0; j+a[i]<10000; j++)
if(dp[j])
dp[j+a[i]]=1;
}
int ans=0;
for(int i=0; i<10000; i++)
{
if(dp[i]!=1)
ans++;
}
printf("%d\n",ans);
return 0;
}
1
2
3
4
5
6
7
8
9
10
11
12
13
14
15
16
17
18
19
20
21
22
23
24
25
26
27
28
29
30
31
32
33
34
35
36
37
38
39
40
41
42
43
44
45
46
47
48
49
50
51
52
53
54
55
56
57
58
59
60
#include
#include
usingnamespacestd;
booldfs(intx,inty)
{
intt;
while(y>0)
{
t=x%y;
x=y;
y=t;
}
if(x==1)
returntrue;
returnfalse;
}
inta[110],n;
booldp[10010];
intmain()
{
scanf("%d",&n);
for(inti=0;i
scanf("%d",&a[i]);
intflag=0;
for(inti=0;i
{
for(intj=1;j<=n;j++)
{
if(dfs(a[i],a[j]))
{
flag=1;
break;
}
}
if(flag==1)
break;
}
if(flag!=1)
{
printf("INF\n");
return0;
}
dp[0]=1;
for(inti=0;i
{
for(intj=0;j+a[i]<10000;j++)
if(dp[j])
dp[j+a[i]]=1;
}
intans=0;
for(inti=0;i<10000;i++)
{
if(dp[i]!=1)
ans++;
}
printf("%d\n",ans);
return0;
}
第九题
标题: 分巧克力
儿童节那天有K位小朋友到小明家做客。小明拿出了珍藏的巧克力招待小朋友们。
小明一共有N块巧克力,其中第i块是Hi x Wi的方格组成的长方形。
为了公平起见,小明需要从这 N 块巧克力中切出K块巧克力分给小朋友们。切出的巧克力需要满足:
1. 形状是正方形,边长是整数
2. 大小相同
例如一块6×5的巧克力可以切出6块2×2的巧克力或者2块3×3的巧克力。
当然小朋友们都希望得到的巧克力尽可能大,你能帮小Hi计算出最大的边长是多少么?
输入
第一行包含两个整数N和K。(1 <= N, K <= 100000)
以下N行每行包含两个整数Hi和Wi。(1 <= Hi, Wi <= 100000)
输入保证每位小朋友至少能获得一块1×1的巧克力。
输出
输出切出的正方形巧克力最大可能的边长。
样例输入:
2 10
6 5
5 6
样例输出:
2
资源约定:
峰值内存消耗(含虚拟机) < 256M
CPU消耗 < 1000ms
请严格按要求输出,不要画蛇添足地打印类似:“请您输入…” 的多余内容。
注意:
main函数需要返回0;
只使用ANSI C/ANSI C++ 标准;
不要调用依赖于编译环境或操作系统的特殊函数。
所有依赖的函数必须明确地在源文件中 #include
不能通过工程设置而省略常用头文件。
提交程序时,注意选择所期望的语言类型和编译器类型。
思路:利用二分法即可
#include
#include
#include
using namespace std;
long long mapH[100010];
long long mapW[100010];
int n;
long long k;
bool validate(long long ans){
long long sum = 0;
for(int i = 0 ; i < n ; i ++)
{
sum += (mapH[i]/ans)*(mapW[i]/ans);
if(sum >= k) return true;
}
return false;
}
int main()
{
cin>>n>>k;
for(int i = 0 ; i < n ; i ++)
scanf("%lld%lld",&mapH[i],&mapW[i]);
long long l = 1,r = 100000,ans;
while(l<=r){
ans = (l+r)/2;
if(validate(ans))l = ans + 1;
else r = ans - 1;
}
l++;
while(l--){
if(validate(l))break;
}
printf("%lld\n",l);
return 0;
}
1
2
3
4
5
6
7
8
9
10
11
12
13
14
15
16
17
18
19
20
21
22
23
24
25
26
27
28
29
30
31
32
33
34
35
36
37
#include
#include
#include
usingnamespacestd;
longlongmapH[100010];
longlongmapW[100010];
intn;
longlongk;
boolvalidate(longlongans){
longlongsum=0;
for(inti=0;i
{
sum+=(mapH[i]/ans)*(mapW[i]/ans);
if(sum>=k)returntrue;
}
returnfalse;
}
intmain()
{
cin>>n>>k;
for(inti=0;i
scanf("%lld%lld",&mapH[i],&mapW[i]);
longlongl=1,r=100000,ans;
while(l<=r){
ans=(l+r)/2;
if(validate(ans))l=ans+1;
elser=ans-1;
}
l++;
while(l--){
if(validate(l))break;
}
printf("%lld\n",l);
return0;
}
第十题
标题: k倍区间
给定一个长度为N的数列,A1, A2, … AN,如果其中一段连续的子序列Ai, Ai+1, … Aj(i <= j)之和是K的倍数,我们就称这个区间[i, j]是K倍区间。
你能求出数列中总共有多少个K倍区间吗?
输入
—–
第一行包含两个整数N和K。(1 <= N, K <= 100000)
以下N行每行包含一个整数Ai。(1 <= Ai <= 100000)
输出
—–
输出一个整数,代表K倍区间的数目。
例如,
输入:
5 2
1
2
3
4
5
程序应该输出:
6
资源约定:
峰值内存消耗(含虚拟机) < 256M
CPU消耗 < 2000ms
请严格按要求输出,不要画蛇添足地打印类似:“请您输入…” 的多余内容。
注意:
main函数需要返回0;
只使用ANSI C/ANSI C++ 标准;
不要调用依赖于编译环境或操作系统的特殊函数。
所有依赖的函数必须明确地在源文件中 #include
不能通过工程设置而省略常用头文件。
提交程序时,注意选择所期望的语言类型和编译器类型。
#include
#include
#include
using namespace std;
int main()
{
long long bk[100010]={0};
long long map[100010];
long long k,n;
cin>>n>>k;
for(int i = 0 ; i < n ; i ++)
cin>>map[i];
map[0]=map[0]%k;
long long sum = 0;
for(int i = 1 ; i < n ; i ++)
map[i] = (map[i]+map[i-1])%k;
for(int i = 0 ; i < n ; i ++)
sum += (bk[map[i]]++);
printf("%lld\n",sum+bk[0]);
return 0;
}
1
2
3
4
5
6
7
8
9
10
11
12
13
14
15
16
17
18
19
20
21
#include
#include
#include
usingnamespacestd;
intmain()
{
longlongbk[100010]={0};
longlongmap[100010];
longlongk,n;
cin>>n>>k;
for(inti=0;i
cin>>map[i];
map[0]=map[0]%k;
longlongsum=0;
for(inti=1;i
map[i]=(map[i]+map[i-1])%k;
for(inti=0;i
sum+=(bk[map[i]]++);
printf("%lld\n",sum+bk[0]);
return0;
}
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