Codeforces Round #836 (Div. 2) E.Tick, Tock(在线:带权并查集/离线:dfs判环)
题目
n*m(1<=n,m<=2e5,n*m<=2e5)的网格图,
有一些格子内已经放入了闹钟,当前时刻在[0,h)(1<=h<=1e9)之间
还有一些位置没有放闹钟,输入时用-1表示,
在放入这些闹钟的时候,你可以指定它们的初始时刻,只要在[0,h)即可
不同的闹钟,被指定的初始时刻可以不同
放完这些闹钟之后,你可以执行以下操作若干次,
每次选择一行或者一列,并将这些闹钟都往后调一个小时,
即,当前闹钟时刻x,x<h-1时,会被调到x+1;x=h-1时,会被调到0
求指定初始时刻的方案数,使得所有的闹钟可以被调到同一时刻,答案对1e9+7取模
实际用例总数t不超过5e4,但保证sum n*m<2e5
思路来源
乱搞ac
题解
其实和刚刚的abc280f很像,只是这个题更直接一些,
都有在线和离线两种做法,感觉很典中典
在线:带权并查集(hdu3047);离线:建树然后dfs判环(abc280f)
而abc280f这个题,主要是要找出非零环,
于是对图dfs得到一棵树后,检查非树边是否可以被树边线性表示
这个题也可以采用一样的做法,将同一行内的,值不为-1的两列,x列和y列,
连边y->x,权值(val[y]-val[x])%h;连边x->y,权值(val[x]-val[y])%h,就化成了abc280f这个题
于是只需检查,不同行对于列的限制,是否存在矛盾即可
对每一行做完之后,每一列就无需再做一遍了,
因为如果行的限制满足,势必存在一个delta,
使得第一行的x列的数,加delta后,等于第二行的x列的数;
第一行的y列的数,加delta后,等于第二行的y列的数;
检查完没有矛盾之后,
对于确定的数(不是-1的数)所在的位置(x,y),就直接将x行和y列这两个点直接连到一起,
连到一起后,当前图相当于被分成了若干个连通块,
而每将-1填成一个具体的数,都有h种选择,
并且,将(x,y)处的-1填成具体数后,
相当于将x行所在的联通和y列所在的连通块合并到一起
最后,需要将n行m列这n+m个点合并成一个连通块
设通过-1合并了x次,则答案为h的x次方,
感觉有点类似矩阵的秩
代码
#include<iostream>
#include<cstdio>
#include<cstring>
#include<vector>
using namespace std;
typedef long long ll;
const int maxn=4e5+10,mod=1e9+7;
int t,n,m,h,par[maxn];
ll pos[maxn];
void init(int x){for(int i=0;i<x;++i){par[i]=i;pos[i]=0;}
}
int find(int x){if(par[x]==x)return x;int fa=par[x];//直接基类 par[x]=find(par[x]);//路径压缩 (pos[x]+=pos[fa])%=h;//树上前缀和 两链变一链 直接连树根 return par[x];//返回树根
}
//y比x大v
bool unite(int x,int y,ll v){int px=find(x),py=find(y);if(px==py){if((pos[x]+v-pos[y])%h)return 0;return 1;}//把y所在树的树根挂在x所在树的树根上 只改树根py par[py]=px;//rank[py]=rank[y现在]-rank[y之前]==(rank[x]+v)-rank[y] pos[py]=((pos[x]+v-pos[y])%h+h)%h;//注意rank可能有负 与将负旋为0的根是等价的return 1;
}
int solve(){vector<vector<ll> >a(n+1,vector<ll>(m+1,0));int all=0,cnt=0;init(m);for(int i=0;i<n;++i){for(int j=0;j<m;++j){scanf("%lld",&a[i][j]);}}for(int i=0;i<n;++i){int las=-1;for(int j=0;j<m;++j){if(a[i][j]==-1)continue;if(~las && !unite(las,j,(a[i][j]-a[i][las]+h)%h)){return 0;}las=j;}}/*init(n);for(int j=0;j<m;++j){int las=-1;for(int i=0;i<n;++i){if(a[i][j]==-1)continue;if(~las && !unite(las,i,a[i][j]-a[las][j])){return 0;}las=i;}}*/init(n+m);for(int i=0;i<n;++i){for(int j=0;j<m;++j){if(~a[i][j])par[find(n+j)]=find(i);}}for(int i=0;i<n+m;++i){if(find(i)==i)cnt++;}int res=1;for(int i=1;i<cnt;++i){res=1ll*h*res%mod;}//printf("res:%d h:%d\n",res,h);//printf("res:%d\n",res);return res;
}
int main(){scanf("%d",&t);for(int i=1;i<=t;++i){scanf("%d%d%d",&n,&m,&h);printf("%d\n",solve());}return 0;
}
/*
hdu3047 带权并查集
1 2
-1 -11 -1
-1 21 0 -1
-1 -1 2n+m-1个点 现在有3个点-1 -1 -1
-1 -1 -1
n+m-1个点 现在有0个点
*/
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