【洛谷P3960】列队题解
【洛谷P3960】列队题解
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题意:
Sylvia
是一个热爱学习的女孩子。
前段时间,Sylvia
参加了学校的军训。众所周知,军训的时候需要站方阵。
Sylvia 所在的方阵中有 n×m 名学生,方阵的行数为 n ,列数为 m 。
为了便于管理,教官在训练开始时,按照从前到后,从左到右的顺序给方阵中的学生从 1 到 n×m 编上了号码(参见后面的样例)。即:初始时,第 i 行第 j 列 的学生的编号是 (i−1)×m+j 。
然而在练习方阵的时候,经常会有学生因为各种各样的事情需要离队。在一天中,一共发生了 q 件这样的离队事件。每一次离队事件可以用数对(x,y)(1≤x≤n,1≤y≤m)描述,表示第 x 行第 y 列的学生离队。
在有学生离队后,队伍中出现了一个空位。为了队伍的整齐,教官会依次下达这样的两条指令:
向左看齐。这时第一列保持不动,所有学生向左填补空缺。不难发现在这条指令之后,空位在第 x 行第 m列。
向前看齐。这时第一行保持不动,所有学生向前填补空缺。不难发现在这条指令之后,空位在第 n 行第 m列。
教官规定不能有两个或更多学生同时离队。即在前一个离队的学生归队之后, 下一个学生才能离队。因此在每一个离队的学生要归队时,队伍中有且仅有第 n 行第 m 列一个空位,这时这个学生会自然地填补到这个位置。
因为站方阵真的很无聊,所以 Sylvia
想要计算每一次离队事件中,离队的同学的编号是多少。
注意:每一个同学的编号不会随着离队事件的发生而改变,在发生离队事件后方阵中同学的编号可能是乱序的。
输入格式:
输入共 q+1 行。
第 1 行包含 3 个用空格分隔的正整数 n,m,q,表示方阵大小是 n 行 m 列,一共发生了 q 次事件。
接下来 q 行按照事件发生顺序描述了 q 件事件。每一行是两个整数 x,y,用一个空格分隔,表示这个离队事件中离队的学生当时排在第 x 行第 y 列。
输出格式:
按照事件输入的顺序,每一个事件输出一行一个整数,表示这个离队事件中离队学生的编号。
样例输入:
2 2 3 1 1 2 2 1 2
样例输出:
1 1 4
时空限制:
每个测试点2s,512MB
数据范围:
n,m,q≤3×105,对于每一对(x,y),满足1≤x≤n且1≤y≤m。
题解:
O(nq)暴力只能拿30分。
所以我们需要用数据结构来维护当前坐标为(x,y)的学生的编号是多少。
我们可以对于每一行和最后一列分别建一棵线段树,那么学生的离队、入队就对应线段树中的删除节点、插入节点的操作。其实我们并不需要真的插入和删除节点(不然就变成平衡树了),我们只需要维护节点在线段树中的前缀和即可,点在线段树中的前缀和就是点所对应的学生在方阵中的位置。
具体怎么操作呢?
每个节点的值,只有1和0两种。一个学生离队时,只需要把该学生对应的节点的值变为0,这样该节点以后的节点的前缀和都会-1。一个节点入队时,把线段树中当前最后一个节点所在位置(lastpos数组)的后一个位置的节点的权值变为1。
但是,这样会炸空间。所以我们需要动态开点!
我们用lazy来保存该区间的第一个点对应的学生的编号(注意,是学生的编号,不是区间的修改量,本题线段树没有区间修改操作)。
又有一个新问题:线段树的区间应该取多大范围呢?对于前n棵线段树,区间范围应该取1~m-1+q,对于最后一颗线段树,区间范围应该取1~n+q,因为最坏情况下,q个修改操作都在同一棵线段树上进行,而每一个修改操作都会使lastpos+1。
这样,时间复杂度O(qlogn),动态开点也节省了大部分空间,本题就可以做了。参考代码如下:
1 #include<cstdio> 2 #include<cstring> 3 #include<algorithm> 4 #define ll long long 5 #define maxn 300001 6 #define maxid 15000000 7 #define max(a,b) ((a>b)?a:b) 8 #define min(a,b) ((a<b)?a:b) 9 using namespace std; 10 struct segment{//动态开点线段树 11 int ls,rs,sum;//左子节点编号、右子节点编号、区间和 12 ll lazy;//初始化及存储叶子结点所代表人的编号用 13 segment(){ 14 ls=rs=sum=lazy=0; 15 } 16 }seg[maxid]; 17 int n,m,q,segid=0; 18 inline void maintain(int bh){//用子节点的信息维护该节点的信息 19 seg[bh].sum=seg[seg[bh].ls].sum+seg[seg[bh].rs].sum; 20 } 21 inline void build(int&bh,int L,int R,int l,int r,ll val){//初始建树 22 if(!bh)bh=++segid;//动态开点 23 if(l==L&&r==R){//区间完全覆盖 24 seg[bh].lazy=val;//打上lazy标记 25 seg[bh].sum=r-l+1;//区间和 26 return; 27 } 28 int mid=(L+R)>>1; 29 if(l<=mid)build(seg[bh].ls,L,mid,l,min(mid,r),val); 30 if(r>mid)build(seg[bh].rs,mid+1,R,max(mid+1,l),r,val+max(0,mid+1-l)); 31 maintain(bh); 32 } 33 inline void build2(int&bh,int L,int R,int l,int r,ll val){ 34 if(!bh)bh=++segid; 35 if(l==L&&r==R){ 36 seg[bh].lazy=val; 37 seg[bh].sum=r-l+1; 38 return; 39 } 40 int mid=(L+R)>>1; 41 if(l<=mid)build2(seg[bh].ls,L,mid,l,min(mid,r),val); 42 if(r>mid)build2(seg[bh].rs,mid+1,R,max(mid+1,l),r,val+(long long)m*max(0,mid+1-l));//和build不同的地方 43 maintain(bh); 44 } 45 inline ll qup(int&bh,int L,int R,int rank){//找到排名为rank的节点所代表人的编号并更新sum 46 if(L==R)return seg[bh].sum=0,seg[bh].lazy;//已经到叶子结点,清除该节点(即该节点的值sum=0) 47 int mid=(L+R)>>1; 48 if(seg[bh].lazy){//动态开点(开bh的两个子节点)并下传标记 49 seg[bh].ls=++segid; 50 seg[bh].rs=++segid; 51 seg[seg[bh].ls].lazy=seg[bh].lazy; 52 seg[seg[bh].rs].lazy=seg[bh].lazy+mid-L+1; 53 seg[bh].lazy=0; 54 seg[seg[bh].ls].sum=mid-L+1; 55 seg[seg[bh].rs].sum=R-mid; 56 } 57 ll ans; 58 if(rank<=seg[seg[bh].ls].sum)ans=qup(seg[bh].ls,L,mid,rank); 59 else ans=qup(seg[bh].rs,mid+1,R,rank-seg[seg[bh].ls].sum); 60 maintain(bh); 61 return ans; 62 } 63 inline ll qup2(int&bh,int L,int R,int rank){ 64 if(L==R)return seg[bh].sum=0,seg[bh].lazy; 65 int mid=(L+R)>>1; 66 if(seg[bh].lazy){ 67 seg[bh].ls=++segid; 68 seg[bh].rs=++segid; 69 seg[seg[bh].ls].lazy=seg[bh].lazy; 70 seg[seg[bh].rs].lazy=seg[bh].lazy+(long long)m*(mid-L+1);//和qup不同的地方 71 seg[bh].lazy=0; 72 seg[seg[bh].ls].sum=mid-L+1; 73 seg[seg[bh].rs].sum=R-mid; 74 } 75 ll ans; 76 if(rank<=seg[seg[bh].ls].sum)ans=qup2(seg[bh].ls,L,mid,rank); 77 else ans=qup2(seg[bh].rs,mid+1,R,rank-seg[seg[bh].ls].sum); 78 maintain(bh); 79 return ans; 80 } 81 int lastpos[maxn];//每棵线段树最后一次插入的位置 82 inline void add(int&bh,int L,int R,int pos,ll val){ 83 if(!bh)bh=++segid;//动态开点,此时不可能有lazy标记 84 if(L==R){//已经到叶子结点,添加节点 85 seg[bh].lazy=val; 86 seg[bh].sum=1; 87 return; 88 } 89 int mid=(L+R)>>1; 90 if(pos<=mid)add(seg[bh].ls,L,mid,pos,val); 91 else add(seg[bh].rs,mid+1,R,pos,val); 92 maintain(bh); 93 } 94 int main(){ 95 scanf("%d%d%d",&n,&m,&q); 96 segid=n+1; 97 if(m>1)for(int i=1;i<=n;++i){//建立n棵行线段树 98 build(i,1,m-1+q,1,m-1,(long long)m*(i-1)+1);//保证第i棵行线段树的根的编号为i 99 lastpos[i]=m-1;//最后一次插入的位置,下次插入就要在该位置的后一个位置插入 100 } 101 int lst=n+1;//lst是最后一列的线段树的根的编号 102 build2(lst,1,n+q,1,n,m);//建立最后一列线段树 103 lastpos[lst]=n; 104 for(int i=0;i<q;++i){ 105 int x,y; 106 scanf("%d%d",&x,&y); 107 if(y<m){ 108 ll bh=qup(x,1,m-1+q,y);//需要出队的人的编号 109 printf("%lld\n",bh); 110 ll bh2=qup2(lst,1,n+q,x);//需要从最后一列的线段树移动到行线段树中的人的编号 111 add(x,1,m-1+q,++lastpos[x],bh2); 112 add(lst,1,n+q,++lastpos[lst],bh); 113 }else{ 114 ll bh2=qup2(lst,1,n+q,x);//需要出队的人的编号 115 printf("%lld\n",bh2); 116 add(lst,1,n+q,++lastpos[lst],bh2); 117 } 118 } 119 return 0; 120 }
转载于:https://www.cnblogs.com/AndyGamma/p/9848178.html
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