ZCMU 1635 超大型 LED 显示屏

Problem A: 超大型 LED 显示屏

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Description

你是学生会体育部长，负责组织一年一度的校篮球比赛。马上就要决赛了，你希望吸引更多的
人来看比赛，因此打算更新一下设备，用一个超大的 LED 屏幕来显示比分。当然，电也不是
不要钱的，所以你决定先分析一下往年的比赛，估计一下大概要耗多少电。

如上图，每个数字由 7 条线段组成，每条亮着的线段每秒钟耗电量为 1 个单位。线段不亮的时
候不耗电。为了省电，比分不显示前导 0（不过 0 分的时候要显示数字 0）。
你的 LED 显示屏共包含 6 个数字，即双方的比分各有 3 位数。

Input

输入包含不超过 100 组数据。每组数据第一行为"START hh:mm:ss"，表示比赛开始时刻为
hh:mm:ss。最后一行为"END hh:mm:ss"，即比赛结束时刻。二者之间至少会有一个 SCORE 信
息，格式为"SCORE hh:mm:ss team score"，其中 team 要么是"home"（主场）要么是"guest"（客
场）, score 表示得分，为 1,2 或者 3。这些信息保证按照时间从早到晚的顺序排列，且任意两
条 SCORE 信息的时刻均不相同。比赛开始时间不会早于 9:00，结束时间不会晚于同一天的
21:00。注意，如果比赛开始时间为 09:00:00，结束时间为 09:00:01，比赛长度为 1 秒钟，而不
是 2 秒钟。

Output

对于每组数据，输出测试点编号和总耗电量。

Sample Input

START 09:00:00

SCORE 09:01:05 home 2

SCORE 09:10:07 guest 3

END 09:15:00

START 09:00:00

SCORE 10:00:00 home 1

SCORE 11:00:00 home 1

SCORE 12:00:00 home 1

SCORE 13:00:00 home 1

SCORE 14:00:00 home 1

SCORE 15:00:00 home 1

SCORE 16:00:00 home 1

SCORE 17:00:00 home 1

SCORE 18:00:00 home 1

SCORE 19:00:00 home 1

SCORE 20:00:00 home 1

END 21:00:00

Sample Output

Case 1: 9672

Case 2: 478800

题目大意： 显示屏上会一直显示主会场（home），和分会场（guest）的分数，一开始为0，从开始记录到最后，把主会场，和分会场分开记一下就好了。注意，假如第一次home为1 ，第二次还是home为1，那么比分应该是2了。

想法： 遍历主会场和分会场再加起来即可，要注意第一次出现的话要减开始的时间。

完整代码：

# include <stdio.h>
# include <string.h>int next[11] = {6,2,5,5,4,5,6,3,7,6};  // 0-9需要的线段
struct qwe
{int shi;  // 小时int fen;  // 分钟int miao;  // 秒char zc[10];  // 会场int df; // 得分
}a[10001];int qwe(int x)   //  每一次的得分需要的线段
{int sum = 0;while (x != 0){sum += next[x%10];x /= 10;}return sum;
}int main(void)
{char start[10];int x, y, z;int x1, y1, z1;int zzz = 0;while (~ scanf("%s %d%*c%d%*c%d", start, &x, &y, &z)){char qq[10];int sss = 0;zzz ++;while (1){scanf("%s", qq);if (qq[0] == 'E')  // 输入END, 结束break;scanf("%d%*c%d%*c%d %s %d", &a[sss].shi, &a[sss].fen, &a[sss].miao, a[sss].zc, &a[sss].df);sss ++;  // 记录输入了几次}scanf("%d%*c%d%*c%d", &x1, &y1, &z1);int ww = x*3600+y*60+z, ee = x1*3600+y1*60+z1;  // 开始需要的秒,和结束需要的秒int ww1 = ww;int i, t = 6, sum = 0, q = 0, t1 = 0;for (i = 0; i < sss; i ++)  // 遍历主会场{if (a[i].zc[0] == 'h')   // 找主会场{if (q == 0)   // 第一次出现的话要减开始的时间{sum += (a[i].shi*3600+a[i].fen*60+a[i].miao - ww1)*t;   // 时间乘需要的线段ww1 = a[i].shi*3600+a[i].fen*60+a[i].miao;  // 更新上一次时间t = qwe(t1+a[i].df); t1 = t1+a[i].df;  // 得分q = 1;}else  // 之后的减上一次的{sum += (a[i].shi*3600+a[i].fen*60+a[i].miao - ww1)*t;ww1 = a[i].shi*3600+a[i].fen*60+a[i].miao;t = qwe(t1+a[i].df);t1 = t1+a[i].df;}}}sum += (ee - ww1)*t;  // 加上结束到上一次的。int sum1 = 0;t = 6, q = 0, t1 = 0;ww1 = ww;for (i = 0; i < sss; i ++)  //  和主会场的一样{if (a[i].zc[0] == 'g'){if (q == 0){sum1 += (a[i].shi*3600+a[i].fen*60+a[i].miao - ww1)*t;ww1 = a[i].shi*3600+a[i].fen*60+a[i].miao;t = qwe(t1+a[i].df);t1 = t1+a[i].df;q = 1;}else{sum1 += (a[i].shi*3600+a[i].fen*60+a[i].miao - ww1)*t;ww1 = a[i].shi*3600+a[i].fen*60+a[i].miao;t = qwe(t1+a[i].df);t1 = t1+a[i].df;}}}sum1 += (ee - ww1)*t;printf("Case %d: %d\n", zzz, sum+sum1);}return 0;
}