[经验分享] 覃超线上直播课-模拟面试

本文为2020年07月09日本文为覃超关于模拟面试的线上直播课的听课笔记。

正确对待面试

作为和未来同事的一次合作
并肩作战，解决问题
减少压力（一定要积极的沟通和表达）

所以一定要积极的沟通和表达

注意：题目的熟练程度

技术面试

项目经验：要点，深度
基础知识：语言、数据库、并发、框架知识等
算法和数据结构。（重点）60%~70%

面试题目

线程和进程：

线程：没有独立的地址空间，与进程以及其他线程共享一个地址空间，它是系统任务调度的最小单元（轻量级进程）；进程：有独立的地址空间。

多进程场景：监控进程系统（启动服务，然后监控服务是否退出，把服务重新启动）；多线程的场景：高并发（nginx、tars框架）。

并发和并行：

并发：两个或者两个以上的事件在同一时间段内发生（是指微观的时间段，非常短，几乎感觉不出时间发生的时间差。）

并行：指两个或者两个以上的事件在同一时刻发生。并行意味着应用程序拆分成更小的子任务，这些任务可以并行处理，例如在多个CPU在同一时间。

同步和异步：

同步：下一个任务依赖上一个任务结束之后才能进行。

异步：等待某件事情的过程中继续做自己的事，不需要等待这一事件完成后再工作。

线程就是实现异步的一个方式。异步是让调用方法的主线程不需要同步等待另一线程的完成，从而可以让主线程干其它的事情。

并发和并行其实是异步线程实现的两种形式。并行其实是真正的异步，多核 CPU可以同时开启多条线程供多个任务同时执行，互不干扰。但是并发就不一样了，是一个伪异步。在单核CUP中只能有一条线程，但是又想执行多个任务。这个时候，只能在一条线程上不停的切换任务。

算法题目

题目一：20.Valid Parentheses

class Solution {public:bool isValid(string s) {if (s.empty()) {return true;}std::stack<char> stack;for (char i : s) {if (i == '}' || i == ']' || i == ')') {// 如果栈已经空了，放入反括号，一定不合法。// 另外，如果这里不做判断，下面的stack.top()将访问未知地址，导致异常if (stack.empty()) {return false;}if ( (i == '}' && stack.top() == '{')|| (i == ')' && stack.top() == '(')|| (i == ']' && stack.top() == '[')) {stack.pop();} else {return false;}} else {stack.push(i);}}return stack.empty();}
};

AddressSanitizer: SEGV on unknown address 0x000000000000 (pc 0x000000383e02 bp 0x7ffe462fb990 sp 0x7ffe462fb880 T0)

特别注意：如果stack为空，则stack.top()将访问未知的地址，会引发异常（it is meaningless to have references to the top element when the stack is empty）。因此，进行stack.top()操作之前，必须确保stack不为空。

题目二：70.Climbing Stairs

class Solution {public:int climbStairs(int n) {if (n < 3) {return n;}int f1 = 1;int f2 = 2;int f3 = 3;for (int i = 3; i <= n; i++) {f3 = f1 + f2;f1 = f2;f2 = f3;}return f3;}
};

这道题特别经典，变形很多。一定要重视。

如果n种走法？
如果相邻走法不能重复？
如何打印出所有走法？

题目三：50.Pow(x, n)

解法1：暴力求解

class Solution1 {public:double myPow(double x, int n) {long long N = n; // 变成长整形，处理负数越界的常用方法if (N < 0) {N = -N;x = 1 / x;}double res = 1.0;for (int i = 0; i < N; i++) {res *= x;}return res;}
};

Time Limit Exceeded，无法AC

Line 21: Char 35: runtime error: negation of -2147483648 cannot be represented in type ‘int’; cast to an unsigned type to negate this value to itself (solution.cpp)

注意：int类型的范围n∈[−2147483648,2147483647]，如果n=−2147483648，执行-n就会出现越界，所以转为long来操作就安全了。将 x 存入 long 变量 y ，后面用 y 操作即可。

解法2：快速幂-递归+分治法（自顶向下）

关键字：比O(n)更好的解法
模式识别：分治法实现计算量减半
时间复杂度：O(logn)
空间复杂度：O(logn) （利用递归，存在递归栈）

class Solution2 {public:double myPowHelper(double x, long long n) {if (n == 0) {return 1;}double half = myPowHelper(x, n/2);if (n % 2 != 0) {return half * half * x;} else {return half * half;}}double myPow(double x, int n) {if (n == 0 || x == 1) {return 1;}long long N = n;if (n < 0) {return 1 / myPowHelper(x, -N);} else {return myPowHelper(x, N);}}
};

改写为位运算

class Solution2 {public:double myPowHelper(double x, long long n) {if (n == 0) {return 1;}double half = myPowHelper(x, n >> 1);if (n & 1 != 0) {return half * half * x;} else {return half * half;}}double myPow(double x, int n) {if (n == 0 || x == 1) {return 1;}long long N = n;if (n < 0) {return 1 / myPowHelper(x, -N);} else {return myPowHelper(x, N);}}
};

解法3：快速幂-循环递推（自底向上）

class Solution {public:double myPow(double x, int n) {long N = n;if (N < 0) {N = -N;} double res = 1.0;for (long i = N; i != 0; i >>= 1) {if (i & 1) {res *= x; // 不同二进制位的权重进行累加（当且仅当1才可累加）} x *= x; // 对应二进制位的权重（对于二进制而言，高位是相邻低位的2倍）}return n > 0 ? res : 1/res;}
};

改写为while循环

class Solution {public:double myPow(double x, int n) {long N = n;if (N < 0) {N = -N;} double res = 1.0;while (N) {if (N & 1) {res *= x;} x *= x;N >>= 1;}return n > 0 ? res : 1/res;}
};

题目四：112. Path Sum

class Solution {public:bool hasPathSum(TreeNode* root, int sum) {if (!root) {return false;}// recursion terminatorif (!root->left && !root->right) {return sum == root->val;}return hasPathSum(root->left, sum - root->val) ||hasPathSum(root->right, sum - root->val);}
};

变形一：不需要到叶子节点，可以在任意节点结束。

class SolutionVariation1 {public:bool hasPathSum(TreeNode* root, int sum) {if (!root) {return false;}// recursion terminatorif (sum == root->val) {return true;}// return sum == root->val;return hasPathSum(root->left, sum - root->val) ||hasPathSum(root->right, sum - root->val);}
};

变形二：不需要到叶子节点，可以在任意节点结束。并且也不需要从根节点开始，可以从任意节点开始。

// 思路：把所有的节点都看做根节点进行遍历
// 看不懂，不理解
class SolutionVariation2 {public:bool hasPathSum(TreeNode* root, int sum) {if (!root) {return false;}// recursion terminatorreturn hasSubPathSum(root, sum)|| hasPathSum(root->left, sum)|| hasPathSum(root->right, sum);}bool hasSubPathSum(TreeNode* root, int sum) {if (!root) {return false;}if (root->val == sum) {return true;}return hasSubPathSum(root->left, sum - root->val) ||hasSubPathSum(root->right, sum - root->val);}};