容斥原理

\(|A_1\cup A_2\cup...\cup A_n|=\sum\limits_{1\le i\le n}|A_i|-\sum\limits_{1\le i

二项式反演

形式1

\(f_i=\sum_{j=k}^n C(i,j)*g_j \Leftrightarrow g_i=\sum_{j=k}^n (-1)^{i-j}*C(i,j)*f_j\)

形式2

\(f_i=\sum_{j=k}^n (-1)^j*C(i,j)*g_j \Leftrightarrow g_i=\sum_{j=k}^n (-1)^j*C(i,j)*f_j\)

证明1

\(|A_1\cup A_2\cup...\cup A_n|=\sum\limits_{1\le i\le n}|A_i|-\sum\limits_{1\le i

\(\Rightarrow |\complement A_1\cap \complement A_2\cap...\cap \complement A_n|=|S|-\sum\limits_{1\le i\le n}|A_i|+\sum\limits_{1\le i

\(\Rightarrow |A_1\cap A_2\cap...\cap A_n|=|S|-\sum\limits_{1\le i\le n}|\complement A_i|+\sum\limits_{1\le i

假设现在交集的大小仅是关于集合个数的函数,

设\(f_n\)表示\(|A_1\cap A_2\cap...\cap A_n|\),\(g_n\)表示\(|\complement A_1\cap

\complement A_2\cap...\cap \complement A_n|\),且\(f(0)=g(0)=|S|\),则

\(f_i=\sum_{j=0}^i (-1)^j*C(i,j)*g_j\)

\(g_i=\sum_{j=0}^i (-1)^j*C(i,j)*f_j\)

形式2得证,证明形式1只需代换即可.

对于\(\sum_{j=k}^i\)的情况,请看证明2.

证明2

对于形式1,把\(f_i\)代入右侧式子得

\(g_i=\sum_{j=k}^i (-1)^{i-j}*C(i,j)*\sum_{l=k}^j C(j,l)*g_l\)

\(=\sum_{l=k}^i \sum_{j=l}^i (-1)^{i-j}*C(i,j)*C(j,l)*g_l\)

\(=\sum_{l=k}^i \sum_{j=l}^i (-1)^{i-j}*\frac{i!}{j!(i-j)!}*\frac{j!}{l!(j-l)!}*g_l\)

\(=\sum_{l=k}^i \sum_{j=l}^i (-1)^{i-j}*\frac{(i-l)!}{(i-j)!(j-l)!}*\frac{i!}{(i-l)!l!}*g_l\)

\(=\sum_{l=k}^i C(i,l)*g_l*\sum_{j=l}^i (-1)^{i-j}*C(i-l,j-l)\)

当\(i\neq l\)时,由二项式定理,得\(\sum_{j=l}^i (-1)^{i-j}*C(i-l,j-l)=(1-1)^{i-l}=0\)

当\(i=l\)时,\(\sum_{j=l}^i (-1)^{i-j}*C(i-l,j-l)=1\)

\(\therefore g_i=[i=l]*C(i,l)*g_l=g_i\),得证.

习题

A. HDU 4135

求 \([A,B]\) 中有多少个数与 \(N\) 互质。 \(A,B\le 10^{15},N\le 10^9\)

解

\(O(\sqrt n)\) 找出 \(n\) 的所有质因子，然后指数级容斥。可以证明质因子个数不会超过15个。

B. HDU 4059

\(T\le 1000\) 组询问，给定 \(n\) ，求与 \(n\) 互质的数的四次方和。

解

\(O(\sqrt n)\) 找出 \(n\) 的所有质因子，然后指数级容斥。可以证明质因子个数不会超过6个。

C. HDU 5201

有 \(n\) 件物品， \(m\) 个人，现在要把物品分给人，要求没有一个人拿到的物品数大于等于第一个人拿到的物品数。求方案数。多组数据。 \(T\le 25,n,m\le 10^5\)

解

先枚举第一个人拿到的物品数 \(i\)。

然后就要求把 \(n-i\) 个物品分给 \(m-1\) 个人且每个人不能超过 \(i\) 的方案数。

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