原题链接https://www.lydsy.com/JudgeOnline/problem.php?id=1664

可以发现的是，如果参加了节日\(i\)之后可以参加节日\(j\)，当且仅当\(i\)节日的结束时间\(l[i]\)小于等于\(j\)节日的开始时间\(t[j]\)。那么我们对于每个\(i\)，可以从\(i\)出发向每个合法的\(j\)连一条边，表示参加完\(i\)之后可以接着参加\(j\)。

题目要求最多参加几场节日，那么我们设边权为1，在我们建出的\(DAG\)上算出最长路的长度就是答案。那么我们可以建一个超级源，用拓扑排序进行\(dp\)。

建图的时间复杂度最坏为\(O(\frac{N(N-1)}{2})\)，图的规模也是\(\frac{N(N-1)}{2}\)，所以拓扑排序的复杂度和建图一致。

不过我们可以整一个玄学优化：我们可以不用对于每个\(i\)都枚举完\(1\)~\(n\)所有节日。我们先把节日按照开始时间\(t\)从小到大进行排序，然后对于第\(i\)个节日，我们二分查找第一个开始时间大于等于\(i\)的结束时间的节日\(j\)，那么我们把\(i\)连向\(j\)~\(n\)即可。这样一般就不用枚举完1~n所有数。

#include<algorithm>
#include<iostream>
#include<cstring>
#include<cstdio>
#include<vector>
#include<queue>
#define maxn 10010
using namespace std;inline int read(){register int x(0),f(1); register char c(getchar());while(c<'0'||'9'<c){ if(c=='-') f=-1; c=getchar(); }while('0'<=c&&c<='9') x=(x<<1)+(x<<3)+(c^48),c=getchar();return x*f;
}struct node{ int t,l,id; }a[maxn];
vector<int> to[maxn];
int n,tmp[maxn];
int ind[maxn],dp[maxn],ans;inline bool cmp(const node &x,const node &y){ return x.t<y.t; }inline int binary(const int &val){if(a[n].t<val) return -1;int l=1,r=n,mid;while(l<r){mid=l+r>>1;if(a[mid].t<val) l=mid+1;else r=mid;}return l;
}queue<int> q;
inline void topo(){q.push(0),dp[0]=0;while(q.size()){int u=q.front(); q.pop();for(register int i=0;i<to[u].size();i++){int v=to[u][i];dp[v]=max(dp[v],dp[u]+1),ind[v]--;if(!ind[v]) q.push(v);}}
}int main(){n=read();for(register int i=1;i<=n;i++) a[i].t=read(),a[i].l=read(),a[i].id=i;sort(a+1,a+1+n,cmp);for(register int i=1;i<=n;i++){int end=a[i].l+a[i].t;int j=binary(end);if(j==-1) continue;for(register int k=j;k<=n;k++){to[a[i].id].push_back(a[k].id),ind[a[k].id]++;}}for(register int i=1;i<=n;i++) to[0].push_back(i),ind[i]++;topo();for(register int i=1;i<=n;i++) ans=max(ans,dp[i]);printf("%d\n",ans);return 0;
}