动态规划—最长公共子序列
问题描述:给定两个字符串 text1 和 text2,返回这两个字符串的最长公共子序列的长度。比如:text1 = "abcde", text2 = "ace" ,最长公共子序列是 "ace",它的长度为 3。
算法思路:
- 明确 dp 数组的含义:对于两个字符串的动态规划问题,套路是通用的。比如说对于字符串 s1 和 s2,它们的长度分别是 m、n,一般来说都要构造一个这样的 DP table:int[][] dp = new int[m+1][n+1]。这里为什么要加1,原因是你可以不加1,但是不加1你就会用其它限制条件来确保这个index是有效的,而当你加1之后你就不需要去判断只是让索引为0的行和列表示空串。
- 定义 base case:我们专门让索引为0的行和列表示空串,dp[0][...] 和 dp[...][0] 都应该初始化为0,这就是base case。
- 找状态转移方程:这是动态规划最难的一步,我们来通过案例推导出来。对于 text1:abcde 和 text2:ace 两个字符串,我们定义两个指针进行遍历 i 和 j。遍历 text1 长度为 m,定义指针 i,从 0~m。固定 i 指针(i == 1)位置,接下来开始遍历 text2 长度为 n,定义指针 j,从 0~n。
我们会发现遍历两个串字符,当不同时需要考虑两层遍历前面的值(关系传递),也就是左边和上边的其中较大的值,当想相同时,需要考虑各自不包含当前字符串的子序列长度,再加上1。因此可以得出:
现在对比的这两个字符不相同的,那么我们要取它的「要么是text1往前退一格,要么是text2往前退一格,两个的最大值」:dp[i + 1][j + 1] = Math.max(dp[i+1][j], dp[i][j+1]);
对比的两个字符相同,去找它们前面各退一格的值加1即可:dp[i+1][j+1] = dp[i][j] + 1;
class Solution {public int longestCommonSubsequence(String text1, String text2) {int m = text1.length(), n = text2.length();int[][] dp = new int[m + 1][n + 1];for (int i = 0; i < m; i++) {for (int j = 0; j < n; j++) {// 获取两个串字符char c1 = text1.charAt(i), c2 = text2.charAt(j);if (c1 == c2) {// 去找它们前面各退一格的值加1即可dp[i + 1][j + 1] = dp[i][j] + 1;} else {//要么是text1往前退一格,要么是text2往前退一格,两个的最大值dp[i + 1][j + 1] = Math.max(dp[i + 1][j], dp[i][j + 1]);}}}return dp[m][n];}
}
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