题意

在一条路上有草地(G)(G)(G)水(W)(W)(W)和石头(L)(L)(L)。
草地：可以走也可以飞。
水：可以游也可以飞。
石头：只能飞过去。
游：每米需要3s3s3s，但能得到111耐力。
走：每米需要5s5s5s，但能得到111耐力。
飞：每米需要1s1s1s，且消耗111耐力。

然后用nnn对(类型+距离)数据描述了这段路，问你在耐力不能减为负的情况下从起点走完最小耗时。(保证肯定可以走到)

思路

可以知道：

如果飞过石头时耐力不够了，可以在之前来回走得到耐力。
如果耐力有的多可以将走或游换成飞。

于是先按照走草地游水飞石头(耐力不够来回走)算出最后剩下的耐力。
在用这些耐力依照最小需要改变一些路段的行动方式。
最小需要则可以通过当前路段到终点的石头和非石头的距离求出。
需要知道的一点是当长度为lenlenlen的一段路的运动方式改变时，多消耗的耐力是len∗2len*2len∗2。
然后可以改动的最大长度就是min(need[i]/2,length[i])min(need[i]/2,length[i])min(need[i]/2,length[i])了。

代码

#include<cstdio>
#include<algorithm>
#include<cstring>
#include<iostream>
using namespace std;
typedef long long LL;
const int Mx=1e5+5;
char Map[Mx];
int n;
LL len[Mx],nd[Mx],ans;
int main(){scanf("%d",&n);for(int i=1;i<=n;i++)scanf("%lld",&len[i]),len[i]*=2;scanf("%s",Map+1);LL ans=0,p=0,lst=1;bool hw=0;for(int i=1;i<=n;i++){switch(Map[i]){case 'G':ans+=len[i]*5,p+=len[i];break;case 'W':ans+=len[i]*3,p+=len[i],hw=1;break;case 'L':if(p>len[i])p-=len[i],ans+=len[i];else{lst=i+1;if(hw)ans+=len[i]+(len[i]-p)*3,p=0;else ans+=len[i]+(len[i]-p)*5,p=0;}}}for(int i=n;i>=lst;i--){if(Map[i]=='L')nd[i-1]=max(len[i],nd[i]+len[i]);else nd[i-1]=max(0ll,nd[i]-len[i]);}LL t=0,tmp=0;for(int i=lst;i<=n;i++){if(Map[i]=='L')t-=len[i];else t+=len[i];if(Map[i]=='G'){tmp=min(len[i]*2,t-nd[i]);if(tmp<=p){p-=tmp;ans-=tmp*2;t-=tmp;}else{ans-=p*2;return printf("%lld",ans/2),0;}}}ans-=p;printf("%lld",ans/2);
}

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