acm-(模拟、暴力枚举)Codeforces Round #664 (Div. 1) A. Boboniu Chats with Du

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将元素分为两类，大于mmm的和小于等于mmm的。

对于大于mmm的，我们将最大的那个放在序列末端，然后枚举其它元素有多少个能产生贡献，假设有xxx个能产生贡献，那么这xxx个元素还会消耗xdxdxd个其它(包括小于等于mmm的)元素，如果x(d+1)+1>nx(d+1)+1>nx(d+1)+1>n，那么这种枚举不成立，否则的话我们可以快速计算出当前情况下的最大值。

不过需要注意的是，最大的那个不一定会放在序列末端，事实上我们有时候大于mmm的元素无法被消耗完，这时候可以往队列末端放(所以假设有ggg个大于mmm的元素，当g>x(d+1)+1g>x(d+1)+1g>x(d+1)+1的时候的casecasecase也是需要被考虑的)，其实放多了(大于ddd个)其实也没关系，因为这样算出来的一定不是最优解，后面算出最优解会将它替换掉。

#include <bits/stdc++.h>
using namespace std;typedef long long ll;
const int maxn = 1e5+5;
ll a[maxn],b[maxn];
ll tota,totb;int main(){ll n,m,d;scanf("%lld%lld%lld",&n,&d,&m);for(int i=1;i<=n;++i){int u;scanf("%d",&u);if(u>m)b[++totb]=u;else a[++tota]=u;}sort(b+1,b+1+totb);sort(a+1,a+1+tota);for(int i=1;i<=totb;++i)b[i]+=b[i-1];for(int i=1;i<=tota;++i)a[i]+=a[i-1];if(!totb)printf("%lld\n",a[tota]);else{ll ans=0;for(int i=totb;i>=1;--i){if((totb-i)*(d+1)+1>n)continue;ans=max(ans,b[totb]-b[i-1]+a[tota]-a[max((totb-i)*d-i+1,0ll)]);}printf("%lld\n",ans);}
}

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