字节跳动2021批笔试题解

总结：…这场打的心累…

T3

题目大意：给出平面上n个点 ( x , y ) (x,y) (x,y)，求在给定的m个点中，到n个点的曼哈顿距离和最小的一个点；
( a , b ) (a,b) (a,b)到 ( c , d ) (c,d) (c,d)曼哈顿距离为: ∣ a − c ∣ + ∣ b − d ∣ |a-c|+|b-d| ∣a−c∣+∣b−d∣

显然x和y可以分开处理…只看一维的话,就可离散化+开两个bit处理解决了；将此操作也对y进行即可。

一个bit(a1)记录当前位置的数出现次数，一个bit(a2)记录当前位置的值的和；
那么统计答案比x小的数的 a b s ( x − a [ i ] ) abs(x-a[i]) abs(x−a[i])就是 q 1 ( x − 1 ) ∗ x − q 2 ( x − 1 ) q1(x-1)*x-q2(x-1) q1(x−1)∗x−q2(x−1)，比x大的数类似做一遍即可。

将此操作对y也进行处理一遍，就可得到更新后的ans数组。

代码超长如下：

#pragma GCC optimize(2)
#include<bits/stdc++.h>
#define ll long long
#define maxn 1000005
#define inf 1e18
#define pb push_back
#define rep(i,a,b) for(int i=a;i<=b;i++)
#define per(i,a,b) for(int i=a;i>=b;i--)
using namespace std;inline ll read()
{ll x=0,w=1; char c=getchar();while(c<'0'||c>'9') {if(c=='-') w=-1; c=getchar();}while(c<='9'&&c>='0') {x=(x<<1)+(x<<3)+c-'0'; c=getchar();}return w==1?x:-x;
}ll c1[maxn],c2[maxn],n,m,a[maxn],b[maxn],X[maxn],y[maxn];
ll cnt,p[maxn],ans[maxn],ax,ay;inline void a1(int x,int val){for(int i=x;i<=cnt;i+=i&-i) c1[i]+=val;}
inline void a2(int x,int val){for(int i=x;i<=cnt;i+=i&-i) c2[i]+=val;}
inline ll q1(int x){ll res=0; for(int i=x;i;i-=i&-i) res+=c1[i]; return res;}
inline ll q2(int x){ll res=0; for(int i=x;i;i-=i&-i) res+=c2[i]; return res;}int main()
{freopen("t1.in","r",stdin);n=read(); m=read();rep(i,1,n) a[i]=read(),b[i]=read();rep(i,1,m) X[i]=read(),y[i]=read();rep(i,1,n) p[++cnt]=a[i];rep(i,1,m) p[++cnt]=X[i];sort(p+1,p+cnt+1); cnt=unique(p+1,p+cnt+1)-p-1;rep(i,1,n){int x=lower_bound(p+1,p+cnt+1,a[i])-p;a1(x,1); a2(x,a[i]);}rep(i,1,m){int x=lower_bound(p+1,p+cnt+1,X[i])-p;ll tmp=q1(x-1)*X[i]-q2(x-1);tmp+=(q2(n)-q2(x))-(n-q1(x))*X[i];ans[i]+=tmp;}cnt=0;rep(i,1,n+m) c1[i]=0,c2[i]=0;rep(i,1,n) p[++cnt]=b[i];rep(i,1,m) p[++cnt]=y[i];sort(p+1,p+cnt+1); cnt=unique(p+1,p+cnt+1)-p-1;rep(i,1,n){int x=lower_bound(p+1,p+cnt+1,b[i])-p;a1(x,1); a2(x,b[i]);}rep(i,1,m){int x=lower_bound(p+1,p+cnt+1,y[i])-p;ll tmp=q1(x-1)*y[i]-q2(x-1);tmp+=(q2(n)-q2(x))-(n-q1(x))*y[i];ans[i]+=tmp;}ll nw=inf;rep(i,1,m){if(ans[i]<nw) ax=X[i],ay=y[i],nw=ans[i];}cout<<ax<<" "<<ay<<endl;return 0;
}

Java版：

import java.io.*;
import java.util.*;public class zbr01
{public static int n,m;public static long c1[]=new long [200005];public static long c2[]=new long [200005];public static int X[]=new int [200005];public static int y[]=new int [200005];public static int a[]=new int [200005];public static int b[]=new int [200005];public static int p[]=new int [200005];public static long ans[]=new long[100005];public static int ax,ay;public static void a1(int x,int val){for(int i=x;i<=n+m;i+=i&-i) c1[i]+=val;}public static void a2(int x,int val){for(int i=x;i<=n+m;i+=i&-i) c2[i]+=val;}public static long q1(int x){long res=0;for(int i=x;i!=0;i-=i&-i) res+=c1[i];return res;}public static long q2(int x){long res=0;for(int i=x;i!=0;i-=i&-i) res+=c2[i];return res;}public static void main(String args[]){Scanner S=new Scanner(System.in);n=S.nextInt(); m=S.nextInt(); p[0]=10000000;for(int i=1;i<=n;i++) {a[i]=S.nextInt(); b[i]=S.nextInt();}for(int i=1;i<=m;i++) {X[i]=S.nextInt(); y[i]=S.nextInt();}Map<Integer,Integer> mp = new HashMap<Integer,Integer>();int cnt=0,c3=0;for(int i=1;i<=n;i++) p[++cnt]=a[i];for(int i=1;i<=m;i++) p[++cnt]=X[i];Arrays.sort(p,1,cnt+1);for(int i=1;i<=cnt;i++) if(p[i]!=p[i-1]) mp.put(p[i],++c3);for(int i=1;i<=n;i++){int x=mp.get(a[i]);a1(x,1); a2(x,a[i]);}for(int i=1;i<=m;i++){int x=mp.get(X[i]);long tmp=q1(x-1)*X[i]-q2(x-1);tmp+=(q2(n+m)-q2(x))-(n-q1(x))*X[i];ans[i]+=tmp;}cnt=0; c3=0; mp.clear();for(int i=1;i<=n+m;i++) {c1[i]=0; c2[i]=0;}for(int i=1;i<=n;i++) p[++cnt]=b[i];for(int i=1;i<=m;i++) p[++cnt]=y[i];Arrays.sort(p,1,cnt+1);for(int i=1;i<=cnt;i++) if(p[i]!=p[i-1]) mp.put(p[i],++c3);for(int i=1;i<=n;i++){int x=mp.get(b[i]);a1(x,1); a2(x,b[i]);}for(int i=1;i<=m;i++){int x=mp.get(y[i]);long tmp=q1(x-1)*y[i]-q2(x-1);tmp+=(q2(n+m)-q2(x))-(n-q1(x))*y[i];ans[i]+=tmp;}long nw=ans[1]; ax=X[1]; ay=y[1];for(int i=2;i<=m;i++){if(ans[i]<nw){ax=X[i]; ay=y[i]; nw=ans[i];}}System.out.println(ax+" "+ay);}
}

T4

题目大意：给出一颗权值为0/1的树，单次操作可将该节点及和自己相邻的节点进行翻转(0变成1，1变成0)，问是否能将全部节点变成0.
n < = 5 e 5 n<=5e5 n<=5e5

由于某些奇怪的原因没有提交这份代码…正确性未知…感觉很对hhh

随便选一个点进行dfs，设计状态如下：
d p [ u ] [ 0 ] dp[u][0] dp[u][0]为该点为0，子树节点全为0的状态是否可行；
d p [ u ] [ 1 ] dp[u][1] dp[u][1]为改点为1，子树节点全为0的状态是否可行。
具体细节详见代码（

#include<cstdio>
#include<iostream>
#include<cmath>
#include<algorithm>
#include<cstring>
using namespace std;
struct data_p{int hed,f[2],b;}pot[500005];
struct data_l{int to,nxt;}lin[1000005];
int t,n,top,ans;
void add_l(int a,int b){lin[++top].to=b;lin[top].nxt=pot[a].hed;pot[a].hed=top;}
void dp(int a,int fa)
{int b;pot[a].f[1]=pot[a].b^1;pot[a].f[0]=pot[a].b;for(int i=pot[a].hed;i;i=lin[i].nxt){b=lin[i].to;if(b==fa)continue;dp(b,a);if(pot[b].f[1])pot[a].f[0]^=1;else pot[a].f[1]^=1;}
}
int main()
{scanf("%d",&t);while(t--){scanf("%d",&n);top=0;for(int i=1;i<=n;i++){pot[i].hed=0;scanf("%d",&pot[i].b);}for(int i=1;i<n;i++){int x,y;scanf("%d%d",&x,&y);add_l(x,y);add_l(y,x);}dp(1,1);if((pot[1].f[0]==1||pot[1].f[1]==1))printf("YES\n");else printf("NO\n");}return 0;
}

T2

题目大意：签到的正常小模拟题…

求幂使用快速幂算法即可（

#pragma GCC optimize(2)
#include<bits/stdc++.h>
#define ll long long
#define maxn 1000005
#define inf 1e9
#define pb push_back
#define rep(i,a,b) for(int i=a;i<=b;i++)
#define per(i,a,b) for(int i=a;i>=b;i--)
using namespace std;inline int read()
{int x=0,w=1; char c=getchar();while(c<'0'||c>'9') {if(c=='-') w=-1; c=getchar();}while(c<='9'&&c>='0') {x=(x<<1)+(x<<3)+c-'0'; c=getchar();}return w==1?x:-x;
}const ll mod=1000000007;inline ll pw(ll a,ll b)
{ll ans=1,base=a;while(b){if(b&1) ans=(ans*base)%mod;base=(base*base)%mod; b>>=1;}return ans;
}int main()
{freopen("t1.in","r",stdin);int T=read();while(T--){ll n,m;cin>>n>>m; char opt; cin>>opt;if(opt=='+') printf("%lld\n",(n+m)%mod);else if(opt=='-') printf("%lld\n",n-m);else if(opt=='*') printf("%lld\n",(n*m)%mod);else printf("%lld\n",pw(n,m));}return 0;
}

T1

题目大意：求一个字符串的最小循环节
l e n < = 1 e 8 len<=1e8 len<=1e8

kmp板子题，求出的nxt数组就是长度最长的(前缀==后缀)的长度，那么最后考虑L-nxt[L]是否满足条件即可。

代码如下：

#pragma GCC optimize(2)
#include<bits/stdc++.h>
#define ll long long
#define maxn 100000005
#define inf 1e9
#define pb push_back
#define rep(i,a,b) for(int i=a;i<=b;i++)
#define per(i,a,b) for(int i=a;i>=b;i--)
using namespace std;inline int read()
{int x=0,w=1; char c=getchar();while(c<'0'||c>'9') {if(c=='-') w=-1; c=getchar();}while(c<='9'&&c>='0') {x=(x<<1)+(x<<3)+c-'0'; c=getchar();}return w==1?x:-x;
}int nxt[maxn];
char s[maxn];int main()
{//freopen("t1.in","r",stdin);scanf("%s",s+1); int l=strlen(s+1);for(int i=2,k=0;i<=l;i++){while(k&&s[i]!=s[k+1]) k=nxt[k];if(s[i]==s[k+1]) k++;nxt[i]=k;}int p=l-nxt[l]; if(l%p!=0) p=l;rep(i,1,p) printf("%c",s[i]);return 0;
}

END

字节跳动2021批笔试题解相关推荐

网易2021批笔试题解
总结:全是模拟-以及读入处理体验好差hhh 一套卷子(4/4AK) T3 题目大意:给出一棵树,从0节点开始走m步,求可访问的最多节点数(一个节点访问多次仅算一次) n , m < = 1000 ...
腾讯2021批笔试题解
总结:一套算是正常的笔试-算是让大家有点思考了-都没那么一眼秒(除了强烈谴责某T5最短路板子.我还差点没看到这题hhh(( (另一套题的T5) T5 题目大意:给出n个红球,n个黑球,给出交叉排列的序 ...
贝壳2021批笔试题解
总结:十分正常-挺欢乐的emm-就是感觉代码量好大啊emm T2 题目大意:单次操作可以插入一个字符至末尾 / 或将当前已有字符copy一遍到末尾(仅可使用一次) 问最少需要多少次操作得到目标串s l ...
2020年字节跳动提前批笔试编程题（游戏专场，测试开发岗）
一共15道不定项选择+5道编程+2道问答不定项选择以及问答基本都是测试相关的内容,比较恶心的是选择是不定项选择,多选不得分,少选得一半分,下面主要说一下五道编程题: 1.小球下落问题一个小球从初始 ...
水滴筹创始人：除中国以外不推行996；字节跳动2021年净亏损6041亿！
点击"开发者技术前线",选择"星标" 让一部分开发者看到未来整理 | 刘燕来自:AI前线消息称Meta准备裁员,将关闭纽约1处办公室:库克预测AR是未来的 ...
字节跳动数据分析岗笔试分享
@字节跳动数据分析岗笔试笔试形式和内容由于关于字节跳动数据分析的笔试分享经验较少,参加了字节的笔试后,想做一个记录,就写下了这篇文章.不知道自己笔试过了没有,希望能收到面试邀请吧,同时也希望可以帮 ...
字节跳动数据分析岗笔试分享笔试形式和内容
@字节跳动数据分析岗笔试笔试形式和内容由于关于字节跳动数据分析的笔试分享经验较少,参加了字节的笔试后,想做一个记录,就写下了这篇文章.不知道自己笔试过了没有,希望能收到面试邀请吧,同时也希望可以帮 ...
字节跳动2021笔试题目
今天参加了字节跳动的线上笔试,分享一波来告诉自己多学算法!
字节跳动2021春招启动提供超7000个岗位
2月24日,字节跳动正式启动了2021春季校园招聘,为大学生开放超过7000个工作岗位.这一数字超过了该公司历年春招规模. 字节跳动校园招聘负责人介绍,该项招聘面向2021届毕业生,即2020 年9月 ...

字节跳动2021批笔试题解

T3

T4

T2

T1

字节跳动2021批笔试题解相关推荐

最新文章

热门文章