TEST ON 平安夜
1.前言
= =
感觉自己其实没发过关于考试的博客过...
今天是一个平安的夜晚,漆黑的夜被霓虹划分成网络,很适合发题。
2.num9九数码问题
传统8数码改一下...只询问一个状态,所以很容易搞,正向广搜即可。
#include<cstdio> #include<cstring> #include<cstdlib> #include<algorithm>using namespace std;const int maxn=362880+10;int ans[9]; int level[9]; int a[maxn][9]; int que[maxn],rec[maxn],pre[maxn]; int Hash[maxn];int get_h(int a[]){int sum=0,cnt;for(int i=0;i<9;i++){cnt=0;for(int j=i+1;j<9;j++)if(a[j]<a[i]) cnt++;sum+=cnt*level[8-i];}return sum; }void change1(int L[],int N[]){N[0]=L[3],N[1]=L[0],N[2]=L[1];N[3]=L[6],N[4]=L[4],N[5]=L[2];N[6]=L[7],N[7]=L[8],N[8]=L[5]; }void change2(int L[],int N[]){N[0]=L[0],N[1]=L[1],N[2]=L[2];N[3]=L[5],N[4]=L[3],N[5]=L[4];N[6]=L[6],N[7]=L[7],N[8]=L[8]; }void print(int a[]){printf("%d %d %d\n%d %d %d\n%d %d %d\n\n",a[0],a[1],a[2],a[3],a[4],a[5],a[6],a[7],a[8]); }void dfs(int p){if(!p) return;dfs(pre[p]);print(a[p]); }void BFS(){int H=0,T=2,key;pre[1]=0;key=get_h(a[1]);Hash[key]=1;que[1]=key;while(H+1<T){H++;change1(a[H],a[T]);key=get_h(a[T]);if(!Hash[key]){Hash[key]=Hash[que[H]]+1,que[T]=key,rec[key]=T,pre[T]=H,T++;if(!key){int p=T-1;printf("%d\n",Hash[0]-1);dfs(p);return ;}}change2(a[H],a[T]);key=get_h(a[T]);if(!Hash[key]){Hash[key]=Hash[que[H]]+1,que[T]=key,rec[key]=T,pre[T]=H,T++;if(!key){int p=T-1;printf("%d\n",Hash[0]-1);dfs(p);return ;}}}printf("UNSOLVABLE"); }int main(){freopen("num9.in","r",stdin);freopen("num9.out","w",stdout);level[0]=1;for(int i=1;i<=9;i++) level[i]=level[i-1]*i;for(int i=0;i<9;i++)scanf("%d",&a[1][i]);BFS();return 0; }
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3.lunch午餐问题
这种题看上去是贪心的样子,于是考场上先推一推式子,找找关系。
感觉这一步还是比较好弄的,但是因为有两个队列,究竟放那一个去呢?
当时想,要不贪心放在等候时间较短的那边?
后来觉得不靠谱,因为要是下一个等待时间太长,导致后面的全部放了都没他慢,这时候放在更长的那边可能好些。
就想要不然增加几个选择,枚举一下每一列放几个?...可是枚举的时候出现问题了——没有考虑时间的影响,而是将时间作为结果放在的数组里。
事实上,只有两个都确定时,这个状态才算完全固定,而若是像我将前i个放j个在第一个队列这种其实不具有转移的性质的。
因为如果在f[i][j]取到最优值的时候,不一定时间上就是最优。所以说这样的转移不一定就是最优值,因为转移的时候调用了一个由转移得到的值!
事后终于醒悟了。感觉自己定这个状态就是为了转移方程好转移啊!
设计的时候一定要注意需要什么信息,什么信息可以用来转移,什么信息只是做一个结果。[果然这个叫信息竞赛啊...]感觉今天终于醒悟还是蛮好的。
上最后AC代码。
#include<cstdio> #include<cstring> #include<algorithm>using namespace std;const int maxn=210; const int INF=0x7fffffff;int n; int ans;struct Node{int a,b; }s[maxn];bool cmp(const Node &A,const Node &B){return A.b>B.b; }int sum[maxn]; int f[maxn][maxn*maxn];int main(){freopen("lunch.in","r",stdin);freopen("lunch.out","w",stdout);scanf("%d",&n);for(int i=1;i<=n;i++)scanf("%d%d",&s[i].a,&s[i].b);sort(s+1,s+n+1,cmp);for(int i=1;i<=n;i++)sum[i]=sum[i-1]+s[i].a;memset(f,0x7f,sizeof(f));f[0][0]=0;for(int i=1;i<=n;i++)for(int j=0;j<=sum[i-1];j++){f[i][j]=min(f[i][j],max(f[i-1][j],sum[i-1]-j+s[i].a+s[i].b));f[i][j+s[i].a]=min(f[i][j+s[i].a],max(f[i-1][j],j+s[i].a+s[i].b));}ans=INF;for(int i=0;i<=sum[n];i++)ans=min(ans,f[n][i]);printf("%d",ans);return 0; }
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4.沼泽鳄鱼
5.梦幻折纸
Problem
给一个N*M的格子,每个格子都写有一个1~N*M的数字。判断是否能将这张格子折叠成1*1,使得第1层标号为1,使得第2层标号为2...,第i层标号为i...。
1 7
3 1 7 6 5 4 2
AllRight
2 2
1 2
3 4
Cheat
2 3
2 1 6
3 4 5
Allright
4 4
11 12 15 14
10 9 16 13
5 8 1 2
6 7 4 3
Allright
对于四个样例,怎么才能折出来呢?
好了...上面究竟怎么折只是娱乐而已。
分析本质啊,分析本质啊,剥茧抽丝寻找规律啊!
其实规律很简单...发现在最初网格中相邻的...它们最后一定因为纸的限制在一起咯 [所以单身狗才做不出...]
但是不同的情侣狗之间却有不同的人生方向
例如:
11 12 15 14
10 9 16 13
5 8 1 2
6 7 4 3
11-12是横向发展的,但是因为要折成一列,所以12-15和它虽然也是横向发展,却要和11-12不同的方向去折。
11-10是纵向发展的,同理,也有10-5和它方向不同。
所以总共有四个方向。
我们再分析一下,对于一个中间的节点,就需要折向四个不同的方向。【泄水置平地,各自东西南北流】
但是两个相同方向的折纸,就不能有相交的元素,例如
1 3
2 4
1-3,2-4是方向完全相同的,但是因为两个相同的折纸一定不能相交。
所以这种状态需要被排除,而如果没有这种状态,是不是就一定可行呢?
是的,因为除了这种情况外,其他的比如不同向的显然可以,同向包含的也不会出现穿越纸张这种事情了。
可是有人还是纠结于这个写在纸上,由一个矩形来翻折总觉得不顺手。
那现在就将你的大脑勾回变成一张矩形白纸,将每一列开始折叠,方向相同的之间不是包含就是相离,感觉还是很好的吧...
但是列上的,很多可能需要像样例4一样出现塞入这种操作。需要和行操作同时进行,有点难以想象,但是感觉只要符合了条件,进行折叠总是对的。
感受完毕,代码呈上。
#include<cstdio> #include<cstring> #include<algorithm>using namespace std;const int maxn=510;typedef int array[maxn][maxn]; array map, pam;int t,n,m; int link[maxn*maxn];void newarc(int x,int y){if(x<y)link[x]=y,link[y]=-1;elselink[y]=x,link[x]=-1; }bool check(int n,int m,array &map,int x){int i,j,top,stack[maxn*maxn];memset(link,0,sizeof(link));for(int i=1;i<n;i++)if((i&1) == x)for(int j=1;j<=m;j++)newarc(map[i][j],map[i+1][j]);top=0;for(int i=1;i<=t;i++){if(link[i]>0)stack[++top]=link[i];else if(link[i]<0){if(stack[top]!=i) return false;top--;};}return true; }int main(){freopen("foldgirl.in","r",stdin);freopen("foldgirl.out","w",stdout);int kase;scanf("%d",&kase);while(kase--){scanf("%d%d",&n,&m);t=n*m;for(int i=1;i<=n;i++)for(int j=1;j<=m;j++)scanf("%d",&map[i][j]),pam[j][i]=map[i][j];if(check(n,m,map,0) && check(n,m,map,1) && check(m,n,pam,0) && check(m,n,pam,1))puts("AllRight");elseputs("Cheat");}return 0; }
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转载于:https://www.cnblogs.com/Robert-Yuan/p/5074578.html
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