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题意

　　给定一个无向图 $n$ 。有 $m$ 条边。

　　每一个点有一个权值。

　　有 $Q$ 次操作，有两种类型：

　　1. 给一个点的权值加上 $v$ 。

　　2. 对于每条关于 $x$ 的无向边，累加另一端点的权值，并输出最终的累加和。（可能会有重边）

　　$n\leq 100000, m\leq n+10$ ， $Q$ 数据范围不详。

题解

　　这题本来是个分块题。

　　但是，由于 $m\leq n+10$ ，我们就有了一种复杂度正确的简易算法。

　　我们先 dfs 跑出原图的一个生成树。于是剩余的边就最多 10 条了。

　　我们对于每一个点维护一下除父亲外的权值和，以及单点权值和。

　　询问的时候就是第一种信息和父亲的单点权值和加起来。

　　修改的时候，首先修改一下自己的单点权值和，然后修改一下父亲的单点权值和，然后暴力修改非树边所指向的点的“除父亲外的权值和”，即可。

代码

#include <bits/stdc++.h>
using namespace std;
const int N=100025;
struct Gragh{static const int M=N*2;int cnt,y[M],nxt[M],fst[N];void clear(){cnt=1;memset(fst,0,sizeof fst);}void add(int a,int b){y[++cnt]=b,nxt[cnt]=fst[a],fst[a]=cnt;}
}g,g2;
int T,n,m,Q,fa[N],flag[N],vis[N],v[N],sontot[N];
void dfs(int x,int pre){fa[x]=pre;vis[x]=1;for (int i=g.fst[x];i;i=g.nxt[i])if (!vis[g.y[i]]){flag[i>>1]=1;dfs(g.y[i],x);}else if (!flag[i>>1]){flag[i>>1]=1;g2.add(x,g.y[i]);g2.add(g.y[i],x);}
}
int main(){scanf("%d",&T);while (T--){scanf("%d%d",&n,&m);g.clear();for (int i=1,a,b;i<=m;i++){scanf("%d%d",&a,&b);g.add(a,b);g.add(b,a);}memset(fa,0,sizeof fa);memset(flag,0,sizeof flag);memset(vis,0,sizeof vis);memset(sontot,0,sizeof sontot);memset(v,0,sizeof v);g2.clear();dfs(1,0);scanf("%d",&Q);while (Q--){int opt,x,y;scanf("%d",&opt);if (opt==0){scanf("%d%d",&x,&y);if (fa[x])sontot[fa[x]]+=y;v[x]+=y;for (int i=g2.fst[x];i;i=g2.nxt[i])sontot[g2.y[i]]+=y;}else {scanf("%d",&x);printf("%d\n",v[fa[x]]+sontot[x]);}}}return 0;
}

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