Description

给定一个整数集合 \(c\)，对于每个 \(i\in[1,m]\)，求有多少种不同的带点权的二叉树使得这棵树点权和为 \(i\) 并且顶点的点权全部在集合 \(c\) 中。\(m\leq 10^5\)。

Solution

设 \(f[i]\) 为点权为 \(i\) 的二叉树的方案， \(c[i]\) 表示 \(i\) 是否在集合 \(c\) 中。

所以 \(f[i]=\sum\limits_{j=1}^{i} c[j]\cdot\sum\limits_{p=0}^{i-j}f[p]\cdot \sum\limits_{k=0}^{i-j-p}f[k],f[0]=1\)

发现这是个卷积形式，也就是说 \(f[i+j+k]=c[i]\cdot f[j]\cdot f[k]\)，即 \(f=c\times f\times f\)。

解一下方程，\(f=\frac{1\pm \sqrt{1-4c}}{2c}\)

然而 \(c\) 的常数项为 \(0\)，所以不能求逆。尝试分子有理化解得 \(f=\frac2{1\pm\sqrt{1-4c}}\)

当 \(x=0\) 时，\(c=0,f=1\)，所以分母只能取正号。

求逆+开根即可。

Code

#include<bits/stdc++.h>
using std::min;
using std::max;
using std::swap;
using std::vector;
typedef double db;
typedef long long ll;
#define pb(A) push_back(A)
#define pii std::pair<int,int>
#define all(A) A.begin(),A.end()
#define mp(A,B) std::make_pair(A,B)
const int N=4e5+5;
const int mod=998244353;
#define inv(x) ksm(x,mod-2)int lim,rev[N],f[N];
int n,m,tmpa[N],c[N];
int a[N],b[N],tmpb[N];int ksm(int a,int b,int ans=1){while(b){if(b&1) ans=1ll*ans*a%mod;a=1ll*a*a%mod;b>>=1;} return ans;
}void ntt(int *f,int opt){for(int i=0;i<lim;i++) if(i<rev[i]) swap(f[i],f[rev[i]]);for(int mid=1;mid<lim;mid<<=1){int tmp=ksm(3,(mod-1)/(mid<<1));if(opt<0) tmp=inv(tmp);for(int R=mid<<1,j=0;j<lim;j+=R){int w=1;for(int k=0;k<mid;k++,w=1ll*w*tmp%mod){int x=f[j+k],y=1ll*w*f[j+k+mid]%mod;f[j+k]=(x+y)%mod,f[j+k+mid]=(mod+x-y)%mod;}}} if(opt<0)for(int in=inv(lim),i=0;i<lim;i++) f[i]=1ll*f[i]*in%mod;
}void get(int n){lim=1;while(lim<=n) lim<<=1;for(int i=1;i<lim;i++) rev[i]=(rev[i>>1]>>1)|(i&1?lim>>1:0);
}void solveinv(int len,int *a,int *b){if(len==1) return b[0]=inv(a[0]),void();solveinv(len>>1,a,b);get(len);for(int i=0;i<len;i++) tmpa[i]=a[i];ntt(tmpa,1),ntt(b,1);for(int i=0;i<lim;i++) b[i]=1ll*b[i]*(2ll-1ll*tmpa[i]*b[i]%mod+mod)%mod;ntt(b,-1);for(int i=len;i<lim;i++) b[i]=0;for(int i=0;i<lim;i++) tmpa[i]=0;
}void solvesqr(int len,int *a,int *b){if(len==1) return b[0]=1,void();solvesqr(len>>1,a,b);solveinv(len,b,tmpb);get(len);for(int i=0;i<len;i++) tmpa[i]=a[i];ntt(tmpb,1),ntt(tmpa,1);for(int i=0;i<lim;i++) tmpa[i]=1ll*tmpa[i]*tmpb[i]%mod;ntt(tmpa,-1);for(int i=0,inv2=mod+1>>1;i<lim;i++) b[i]=1ll*(tmpa[i]+b[i])%mod*inv2%mod;for(int i=len;i<lim;i++) b[i]=0;for(int i=0;i<lim;i++) tmpa[i]=tmpb[i]=0;
}int getint(){int X=0,w=0;char ch=getchar();while(!isdigit(ch))w|=ch=='-',ch=getchar();while( isdigit(ch))X=X*10+ch-48,ch=getchar();if(w) return -X;return X;
}signed main(){n=getint(),m=getint();for(int i=1;i<=n;i++){int x=getint();a[x]=1;}for(int i=1;i<=m;i++) if(a[i]) a[i]=mod-4;get(m);a[0]=1;solvesqr(lim,a,b);get(m);b[0]++;solveinv(lim,b,c);for(int i=1;i<=m;i++) printf("%lld\n",2ll*c[i]%mod);return 0;
}