1到n中x出现的次数一类题（一网打尽）

1.数字1出现的次数

2.数字2出现的次数

1.数字1出现的次数

首先我们来看1到n中1次数的次数

对应letecode链接：

https://leetcode-cn.com/problems/1nzheng-shu-zhong-1chu-xian-de-ci-shu-lcof/

题目描述：

输入一个整数 n ，求1～n这n个整数的十进制表示中1出现的次数。

例如，输入12，1～12这些整数中包含1 的数字有1、10、11和12，1一共出现了5次。

示例 1：

输入：n = 12
输出：5
示例 2：

输入：n = 13
输出：6

限制：

1 <= n < 2^31
注意：本题与主站 233 题相同：https://leetcode-cn.com/problems/number-of-digit-one/

解题思路：

太喜欢这种简洁的题目啦，言简意赅，就是让咱们找出小于等于 n 的非负整数中数字 1 出现的个数。大家看到这个题目的第一印象，可能会这样想，哦，让我们求 1 的个数。

呐我们直接逐位遍历每个数的每一位，当遇到 1 的时候，计数器 +1，不就行了。嗯，很棒的方法，可惜会超时。（我试了）。

或者说，我们可以先将所有数字拼接起来，然后再逐位遍历，这样仍会超时。（我也试了）

大家再思考一下还有没有别的方法呢？

既然题目让我们统计小于等于 n 的非负整数中数字 1 出现的个数。

那我们可以不可这样统计。

我们假设 n = abcd，某个四位数。

那我们完全可以统计每一位上 1 出现的次数，个数上 1 出现的次数，十位上 1 出现的次数，百位，千位。。。

也就是说小于等于 n 的所有数字中，个位上出现 1 的次数 + 十位出现 1 的次数 + 。。。最后得到的就是总的出现次数。

见下图

我们假设 n = 13 (用个小点的数，比较容易举例)。

我们需要统计小于等于 13 的数中，出现 1 的次数，

通过上图可知，个位上 1 出现 2 次，十位上 1 出现 4 次

那么总次数为 2 + 4 = 6 次。

另外我们发现 11 这个数，会被统计 2 次，它的十位和个位都为 1 ，

而我们这个题目是要统计 1 出现的次数，而不是统计包含 1 的整数，所以上诉方法不会出现重复统计的情况。

我们题目已经有大概思路啦，下面的难点就是如何统计每一位中 1 出现的次数呢？

我们完全可以通过遍历 n 的每一位来得到总个数，见下图

假设我们想要得到十位上 1 出现的次数，当前我们指针指向十位，

我们称之为当前位。num 则代表当前位的位因子，当前位为个位时 num = 1，十位时为 10，百位时为 100....

那我们将当前位左边的定义为高位，当前位右边的定义位低位。

例：n = 1004 ，此时指针指向十位（当前位）num = 10，高位为百位，千位，低位为个位

而且我们某一位的取值范围为 0 ~ 9,那么我们可以将这 10 个数分为 3 类，小于 1 （当前位数字为 0 ），等于 1（当前位数字为 1 ），大于 1（当前位上数字为 2 ~ 9），下面我们就来分别考虑三种情况。

我们进行举例的 n 为 1004，1014，1024。重点讨论十位上 3 种不同情况。大家阅读下方文字之前，先想象自己脑子里有一个行李箱的滚轮密码锁，我们固定其中的某一位，然后可以随意滑动其他位，这样可以帮助大家理解。

n = 1004
我们想要计算出小于等于 1004 的非负整数中，十位上出现 1 的次数。

也就是当前位为十位，数字为 0 时，十位上出现 1 的次数。

解析：为什么我们可以直接通过高位数字 * num，得到 1 出现的次数

因为我们高位为 10，可变范围为 0 ~ 10，但是我们的十位为 0 ，所以高位为 10 的情况取不到，所以共有 10 种情况。

又当前位为十位，低位共有 1 位，可选范围为 0 ~ 9 共有 10 种情况，所以直接可以通过 10 * 10 得到。

其实不难理解，我们可以设想成行李箱的密码盘，在一定范围内，也就是上面的 0010 ~ 0919 ，固定住一位为 1 ，只能移动其他位，看共有多少种组合。

好啦，这个情况我们已经搞明白啦，下面我们看另一种情况。

n = 1014
我们想要计算出小于等于 1014 的非负整数中，十位上出现 1 的次数。

也就是当前位为十位，数字为 1 时，十位上出现 1 的次数。

我们在小于 1014 的非负整数中，十位上为 1 的最小数字为 10，最大数字为 1014，所以我们需要在 10 ~ 1014 这个范围内固定住十位上的 1 ，移动其他位。

其实然后我们可以将 1014 看成是 1004 + 10 = 1014

则可以将 10 ~ 1014 拆分为两部分 0010 ~ 0919 （小于 1004 ），1010 ~ 1014。

见下图：

解析：为什么我们可以直接通过高位数字 * num + 低位数字 + 1 即 10 * 10 + 4 + 1

得到 1 出现的次数

高位数字 * num 是得到第一段的次数，第二段为低位数字 + 1，求第二段时我们高位数字和当前位已经固定，

我们可以改变的只有低位。

可以继续想到密码盘，求第二段时，把前 3 位固定，只能改变最后一位。最后一位最大能到 4 ，那么共有几种情况？

n = 1024
我们想要计算出小于等于 1024 的非负整数中，十位上出现 1 的次数。

也就是当前位为十位，数字为 2 ~ 9 时，十位上出现 1 的次数。其中最小的为 0010，最大的为 1019

我们也可以将其拆成两段 0010 ~ 0919，1010 ~ 1019

解析：为什么我们可以直接通过高位数字 * num + num， 10 * 10 + 10 得到 1 出现的次数

第一段和之前所说一样，第二段的次数，我们此时已经固定了高位和当前位，当前位为 1，低位可以随意取值，上诉例子中，当前位为 10，低位为位数为 1，则可以取值 0 ~ 9 的任何数，则共有 10 (num) 种可能。

在这里我们可以得出1~n中x出现的规律当然x不能是0.

对应代码：

int digitCounts(int k, int n) {//k代表xlong digit = 1;//相等与num先从各位开始算int res = 0, high = n / 10, low = 0, cur = n % 10;//res表示结果//high表示高位//low表示低位//cur表示当前位while (high || (cur)) {//直到高位为0并且当前位为0if (cur < k) res += high * digit;else if (cur == k) res += (high) * digit + low + 1;else res += (high + 1) * digit;low += cur * digit;//重新计算低位cur = high % 10;//当前位high /= 10;digit *= 10;//每次乘以十}return res;//返回结果}

下面我们给出letecode这题的题解：

class Solution {
public:int countDigitOne(int n) {return digitCounts(1,n);}int digitCounts(int k, int n) {//k代表xlong digit = 1;//相等与num先从各位开始算int res = 0, high = n / 10, low = 0, cur = n % 10;//res表示结果//high表示高位//low表示低位//cur表示当前位while (high || (cur)) {//直到高位为0并且当前位为0if (cur < k) res += high * digit;//小于kelse if (cur == k) res += (high) * digit + low + 1;else res += (high + 1) * digit;//相当于大于klow += cur * digit;//重新计算低位cur = high % 10;//当前位high /= 10;digit *= 10;//每次乘以十}return res;//返回结果}};

2.数字2出现的次数

对应letecode链接：

https://leetcode-cn.com/problems/number-of-2s-in-range-lcci/

题目描述：

编写一个方法，计算从 0 到 n (含 n) 中数字 2 出现的次数。

示例:

输入: 25
输出: 9
解释: (2, 12, 20, 21, 22, 23, 24, 25)(注意 22 应该算作两次)
提示：

n <= 10^9。

思路已在上面说过在这里给出代码：

class Solution {
public:int numberOf2sInRange(int n) {return digitCounts(2,n);}int digitCounts(int k, int n) {//k代表xlong digit = 1;//相等与num先从各位开始算int res = 0, high = n / 10, low = 0, cur = n % 10;//res表示结果//high表示高位//low表示低位//cur表示当前位while (high || (cur)) {//直到高位为0并且当前位为0if (cur < k) res += high * digit;else if (cur == k) res += (high) * digit + low + 1;else res += (high + 1) * digit;//大于klow += cur * digit;//重新计算低位cur = high % 10;//当前位high /= 10;digit *= 10;//每次乘以十}return res;//返回结果}
};

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