题目描述

SR得到了一个n*m的矩阵，矩阵行列从1开始标号，每个格子有不同的权值，Steam为了测试SR的智力，决定给他q个操作，每次操作交换两个大小一样的子矩阵，并在操作完之后输出它。
每个操作由6个正整数\(A_i,B_i,C_i,D_i,H_i,W_i\)组成，分别表示第一个子矩阵的左上角位于哪一行和哪一列、第二个的，以及两个子矩阵的行数和列数。操作保证两个矩阵没有重叠，矩阵的边也不会接壤，即没有任何一条格子的边同时属于两个子矩阵的边界。但是允许角接壤，即

SR不想算，请你帮他操作并输出。

输入

第一行三个正整数n,m,q，表示矩阵大小n*m，有q个操作。
接下来n行，每行m个数，表示矩阵每个格子的权值\(v_{i,j}\)。
再接下来q行，每行6个正整数，表示一个操作。

输出

共n行，每行m个数，表示操作后的矩阵

样例输入

4 4 2
1 1 2 2
1 1 2 2
3 3 4 4
3 3 4 4
1 1 3 3 2 2
3 1 1 3 2 2

样例输出

4 4 3 3
4 4 3 3
2 2 1 1
2 2 1 1

提示

30%的数据：n,m<=100，q<=500
100%的数据：n,m<=1000，q<=10000,\(|v_{i,j}|<=1e9\)，保证修改的子矩阵在大矩阵内。

分析

• 可以把矩阵用类似于链表的一个东西来表示。每个节点都有一个编号，并在这个节点上记录它下边和右边的节点的编号。
• 每次修改时，我们只要修改矩阵四周的节点所指向的节点编号。
• 时间复杂度\(O(n^2+qn\))

代码

#include <iostream>
#include <cstdio>
#include <algorithm>
using namespace std;
const int maxn=1050;
struct node{int right,down,val;
}e[maxn*maxn*2];
int h[maxn],t[maxn],tot;int tmp[maxn];
int main(){int n,m,q;scanf("%d%d%d", &n,&m,&q);for(int i = 0; i <= n; ++i) h[i]=++tot;for(int j = 1; j <= m; ++j) t[j]=++tot,tmp[j]=tot;t[0]=h[0];for(int i = 0; i <= n; ++i) e[h[i]].down=h[i+1];for(int j = 0; j <= m; ++j) e[t[j]].right=t[j+1];for(int i = 1; i <= n; ++i){int p=h[i];for(int j = 1; j <= m; ++j){int x;scanf("%d", &x);++tot;e[tot]=(node){0,0,x};e[p].right=tot;e[tmp[j]].down=tot;p=tmp[j]=tot;}}while(q--){int a,b,c,d,H,W;scanf("%d%d%d%d%d%d", &a,&b,&c,&d,&H,&W);if(H==0||W==0) continue;int x1=t[b-1],x2=t[b+W-1],x3=t[d-1],x4=t[d+W-1];int v1=h[a-1],v2=h[a+H-1],v3=h[c-1],v4=h[c+H-1];for(int i = 1; i <= a; ++i) x1=e[x1].down,x2=e[x2].down;for(int i = 1; i <= c; ++i) x3=e[x3].down,x4=e[x4].down;for(int j = 1; j <= b; ++j) v1=e[v1].right,v2=e[v2].right;for(int j = 1; j <= d; ++j) v3=e[v3].right,v4=e[v4].right;for(int i = 1; i <= H; ++i){swap(e[x1].right,e[x3].right);swap(e[x2].right,e[x4].right);x1=e[x1].down;x2=e[x2].down;x3=e[x3].down;x4=e[x4].down;}for(int i = 1; i <= W; ++i){swap(e[v1].down,e[v3].down);swap(e[v2].down,e[v4].down);v1=e[v1].right;v2=e[v2].right;v3=e[v3].right;v4=e[v4].right;}}for(int i = 1; i <= n; ++i){for(int j = e[h[i]].right; j ; j = e[j].right){printf("%d%s", e[j].val,e[j].right?" ":"\n");}}return 0;
}