FZU_2019_Mountain Number题解

我滴头啊~晕啊晕。这题终于让我把数位DP的本质看清楚了。

http://acm.fzu.edu.cn/problem.php?pid=2109

题目

Problem DescriptionOne integer number x is called "Mountain Number" if:(1) x>0 and x is an integer;(2) Assume x=a[0]a[1]...a[len-2]a[len-1](0≤a[i]≤9, a[0] is positive). Any a[2i+1] is larger or equal to a[2i] and a[2i+2](if exists).For example, 111, 132, 893, 7 are "Mountain Number" while 123, 10, 76889 are not "Mountain Number".Now you are given L and R, how many "Mountain Number" can be found between L and R (inclusive) ?InputThe first line of the input contains an integer T (T≤100), indicating the number of test cases.Then T cases, for any case, only two integers L and R (1≤L≤R≤1,000,000,000).OutputFor each test case, output the number of "Mountain Number" between L and R in a single line.Sample Input3
1 10
1 100
1 1000Sample Output9
54
384

题意：给一对区间[l,r]，让你求闭区间内Mountain数的个数。

Mountain数的定义：给你一个数a0a1a2a3...an，ai代表当前位的数字，任一奇数位的数比身旁偶数位的个数大，这即是Mountain数。

做法：数位dp之记忆化搜索

首先，我们先搞明白dp数组到底是干嘛用的，其实它是记录当前数位的状态（这个状态通常跟前面的数位有关）下能够推出多少种符合的情况，也就是说dp数组是承前启后的，记忆化搜索本质就是递归求解树，求这棵大树从根到叶子节点能够找到多少条符合的路径。假如dp数组是三维的，我们定义它为dp[a][b][c],记忆化搜索的时间复杂度为O（a*b*c）。

对于本题，我们定义dp数组为dp[pos][pre][parity],pos表示当前的位置，pre表示前一位的数字，parity表示，从无前导0的数字到下一状态位的奇偶性（注意数字是从a0开始的），奇数为1，偶数为0。

下面我们开始构造DFS函数：

一、确定参数：

1、首先是万年不变的pos，代表当前要算哪一位

2、然后是寻常见的pre，代表前一位的数字

3、parity，从没有前导0开始到下一状态的奇偶性

4、jud，是否算到了没有前导0的数位，

5、doing，是否到达上界

二、函数结构化的写法

1、万年不变，if(pos==-1) ｛怎么怎么滴｝//不是return 1就是0

2、万年不变：if(!doing&&dp[][][]!=-1) return dp[][][];

3、确定边界end

4、for(i=0;i<=end;++i)，符合条件的，则ans+=dfs()

5、如果当前没有到达上届，则把ans的值赋给dp[][][]

6、return ans

三、什么时候ans需要加上dfs（）的状态下符合数的个数呢

1、当前位置仍然是前导0的情况下，我们还需要加，但是别忘了给pre定义为9，这样当它遇到非前导0的数位时,不会判断出错

2、当前位置已经不是前导0了（前面有非0的数字），当前位置是奇性的，下一位置等于或者小余这个位置的数字

3、当前位置已经不是前导0了（前面有非0的数字），当前位置是偶性的，下一位置等于或者大于这个位置的数字

然后我个人觉得cal函数不值一提，就不详细的写了。

#include<iostream>
#include<cstdio>
#include<cstring>
using namespace std;
int dp[12][10][2],digit[12];
int dfs(int pos , int pre,int parity,bool jud,bool doing) //doing为边界，pos为计算到当前第几位
{if(pos==-1) return 1;if(!doing&&dp[pos][pre][parity]!=-1)return dp[pos][pre][parity];int ans=0,end;end=doing?digit[pos]:9;for(int i=0;i<=end;++i){/*jud表示前面有无前导0,pre参数必须为9啊，否则当它遇到第一个不是前导0的数字时，就判断出错了。那时候parity=0,必须使得pre>=i，*/if(!(jud||i)) ans+=dfs(pos-1,9,0,jud||i,doing&&i==end); //如果此位仍然为前导0else if(parity&&pre<=i)  //如果下一状态为奇性的ans+=dfs(pos-1,i,parity^1,jud||i,doing&&i==end);else if(!parity&&pre>=i) //如果下一状态为偶性的ans+=dfs(pos-1,i,parity^1,jud||i,doing&&i==end);}if(!doing)dp[pos][pre][parity]=ans;return ans;
}
int cal(int x)
{int pos = 0;while(x){digit[pos++] = x % 10;x /= 10;}return dfs(pos-1,9,0,0,1); //9很重要~~
}
int main()
{int t,l,r;cin>>t;memset(dp,-1,sizeof(dp));while(t--){cin>>l>>r;printf("%d\n",cal(r)-cal(l-1));}
}

转载于:https://www.cnblogs.com/A-way/archive/2013/04/17/3027161.html

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