CF1101D GCD Counting

又被trick了

不用什么点分治

直接树形dp即可

开始的想法：

f[x][j]x为根的子树gcd至少为j（j是x的一个约数）的最长链

然后对y合并。类似于树的直径

但是复杂度还是很大的。。。

这个题的关键是：我们只关心gcd是不是1，并不关心gcd是什么！

gcd不是1，意味着一定有公共质因子！

而质因子个数非常少

可以f[x][j]表示，x为根的子树，往下走，公共质因子为j的最长链

然后甚至可以暴力合并！

显然最优解可以被处理到！

代码：

#include<bits/stdc++.h>
#define reg register int
#define il inline
#define numb (ch^'0')
using namespace std;
typedef long long ll;
il void rd(int &x){char ch;x=0;bool fl=false;while(!isdigit(ch=getchar()))(ch=='-')&&(fl=true);for(x=numb;isdigit(ch=getchar());x=x*10+numb);(fl==true)&&(x=-x);
}
namespace Miracle{
const int N=2e5+5;
vector<int>p[N],f[N];
int n;
int ans;
struct node{int nxt,to;
}e[2*N];
int hd[N],cnt;
void add(int x,int y){e[++cnt].nxt=hd[x];e[cnt].to=y;hd[x]=cnt;
}
void dfs(int x,int fa){for(reg i=hd[x];i;i=e[i].nxt){int y=e[i].to;if(y==fa) continue;dfs(y,x);for(reg j=0;j<p[x].size();++j){//    cout<<" j "<<p[x][j]<<endl;for(reg k=0;k<p[y].size();++k){//    cout<<" k "<<p[y][k]<<endl;if(p[x][j]==p[y][k]){ans=max(ans,f[x][j]+f[y][k]);f[x][j]=max(f[x][j],f[y][k]+1);}}}}
}
void div(int x,int id){for(reg i=2;(ll)i*i<=x;++i){if(x%i==0){p[id].push_back(i);f[id].push_back(1);while(x%i==0) x/=i;}}if(x>1){p[id].push_back(x);f[id].push_back(1);}
}
int main(){rd(n);int x;bool flag=false;for(reg i=1;i<=n;++i){rd(x);if(x!=1) flag=true;div(x,i);}if(!flag){puts("0");return 0;}ans=1;int y;for(reg i=1;i<=n-1;++i){rd(x);rd(y);add(x,y);add(y,x);}dfs(1,0);printf("%d",ans);return 0;
}}
signed main(){Miracle::main();return 0;
}/*Author: *Miracle*Date: 2019/1/17 19:37:47
*/

总结：
其实有些时候，题目很麻烦

但是实际上可以简化条件，想想我们关心什么

转载于:https://www.cnblogs.com/Miracevin/p/10284269.html

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